一.变压器；1.主要构造：输入线圈（原、初级）、输出线圈（副；2.工作原理：原线圈输入交流电U1，在铁芯中产生；副线圈产生电磁感应，反过来，副线圈在铁芯中产生变；3.（1）理想变压器：传输交流电能时，自身不消耗；③不计铁芯内电磁感应，即不计铁损；二.远距离输电；1.输电原理：输电线总电阻R线，输送电功率P，输；2.高压输电原理：已知P输，输电电压U，输电线电
一. 变压器
1. 主要构造：输入线圈（原、初级）、输出线圈（副、次级）、闭合铁芯
2. 工作原理：原线圈输入交流电U1，在铁芯中产生变化的磁通量，这样原线圈产生自感，
副线圈产生电磁感应，反过来，副线圈在铁芯中产生变化的磁通量，引起原线圈的电磁感
3. （1）理想变压器：传输交流电能时，自身不消耗电能。P2=P1。
①原、副线圈没有电阻，不产生焦耳热，不计铜损。
③不计铁芯内电磁感应，即不计铁损。
二. 远距离输电
1. 输电原理：输电线总电阻R线，输送电功率P，输电电压U。
2. 高压输电原理：已知P输，输电电压U，输电线电阻R线，n1，n2，n3，n4。
一、选择题
1.理想变压器的原、副线圈中一定相同的物理量有(
) A．交流电的频率
B．磁通量的变化率 C．功率
D．交流电的峰值
解析：选ABC.理想变压器没有漏磁，没有能量损失，所以原、副线圈中磁通量变化率相同，原、副线圈中功率相同，B、C项正确，变压器的原理是互感现象，其作用改变电压不改变频率，A项正确，因原、副线圈的匝数不同，故交流电的峰值不同，D项错误． 2.(2012?杭州一中高二月考)如图5－4－12所示，原、副线圈匝数比为2∶1的理想变压器正常工作时(
图5－4－12
A．原、副线圈磁通量之比为2∶1 B．原、副线圈电流之比为1∶2 C．输入功率和输出功率之比为1∶1
D．原、副线圈磁通量变化率之比为1∶1
解析：选BCD.理想变压器原副线圈的磁通量总相等(无漏磁)，A错D对；输入功率总等于nI输出功率，C＝B对．
3某用电器离供电电源的距离为l，线路上的电流为I，若要求线路上的电压降不超过U，已知输电导线的电阻率为ρ，那么，该输电导线的横截面积最小值是(
2ρlI U2UlIρ
解析：选B.输电线的电阻r＝ρU＝Ir＝Iρ，所以S＝B正
4.理想变压器正常工作时，若增加接在副线圈两端的负载，则(
) A．副线圈中电流增大
B．副线圈输出的电功率减小 C．原线圈中电流不变
D．原线圈输入的电功率增大
U解析：选AD.由于U1、U2不变，负载增加，用电器的总电阻减小，由I2＝I2增大，A
R对C错．由P＝UI解得P2＝U2I2，所以P2增大，P1增大，B错D对．
5.如图5－4－13所示为理想变压器．原线圈的匝数为1000匝，两个副线圈n2＝50匝，n3＝100 匝，L1是“6 V 2 W”的小灯泡，L2是“12 V 4 W”的小灯泡，当n1接上交变电压时，
L1、L2都正常发光，那么原线圈中的电流为(
图5－4－13
1A 301A 10
解析：选C.P出＝2 W＋4 W＝6 W，由P入＝P出，得I1U1＝6 W，又U1＝2
U2n2n2100061
＝6 V＝120 V，所以I1＝A＝ A．故正确答案为C. 5012020
n106.(2012?蚌埠二中高二期中)正弦式电流经过匝数比为的变压器与电阻R、交流电压表
n21V、交流电流表A按如图5－4－15甲所示方式连接，R＝10 Ω.图乙所示是R两端电压U随时间变化的图象，Um＝2 V，则下列说法中正确的是(
图5－4－15
A．通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR＝2sin100πt(A) B．电流表A的读数为0.1 A C．电流表A的读数为
D．电压表的读数为2 V 解析：选B.因Um＝10V，根据题图乙，R两端电压U随时间变化的规律是u＝2cos100πt(V)，所以电压表的读数为10 V，选项D错误；通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR＝u/R2cos100πt(A)，选项A错误；副线圈中电流有效值I2＝Im/2＝1 A，根据变压器电流与匝数的关系I1∶I2＝n2∶n1可知，原线圈中电流I1＝0.1 A，所以电流表A的读数为0.1 A，选项B正确，
图5－4－16
7.(2010?高考天津卷)为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图5－4－16所示．当开关S闭合后(
A．A1示数变大，A1与A2示数的比值不变 B．A1示数变大，A1与A2示数的比值变大 C．V2示数变小，V1与V2示数的比值变大 D．V2示数不变，V1与V2示数的比值不变
解析：选AD.电源电压有效值不变，所以V1示数不变，原副线圈的电压之比等于匝数之比，匝数之比不变，故V2示数不变，V1与V2示数的比值也不变，所以C错误，D正确；当开关S闭合后，副线圈电路中的电阻减小，因为电压不变，所以副线圈电路中的电流增大，A2的示数增大，原副线圈的电流之比等于匝数反比，匝数之比不变，A1与A2示数的比值不变，所以A正确，B错误． 8.(2012?浙江金华一中高二检测)有一理想变压器的原线圈连接一只交流电流表，副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头Q调节，如图5－4－17所示，在副线圈两输出端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，在原线圈上加一电压为U的交流电，则(
图5－4－17
A．保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变大 B．保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变小 C．保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变大 D．保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变小
解析：选BC.保持Q的位置不动，副线圈匝数不变，由U2不变，当P向上滑动时，
由I2知I2减小，故电流表的读数变小，B正确，A错误；保持P的位置不动，将Q
R0＋RUnU向上滑动时，副线圈的匝数增多，由＝知，U2增大，由I2知I2增大，故I1增大，
U2n2R＋R0C正确，D错误．
9.(2011?高考山东卷)为保证用户电压稳定在220 V，变电所需适时进行调压，图5－4－18甲为调压变压器示意图．保持输入电压u1不变，当滑动接头P上下移动时可改变输出电压．某次检测得到用户电压u2随时间t变化的曲线如图乙所示．以下正确的是(
图5－4－18
A．u2＝1902sin(50πt) V B．u2＝2sin(100πt) V
C．为使用户电压稳定在220 V，应将P适当下移 D．为使用户电压稳定在220 V，应将P适当上移
解析：选BD.由题图乙知交变电流的周期T＝2×102 s，所以ω＝100π rad/s，故u2
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红玫瑰mq308
问题在于“ 原副线圈的感应电动势与线圈匝数成正比 ”“原副线圈的电动势与匝数成正比 ”是错误的,要把“原”字去掉.原线圈的电动势是外电路给出的,并不是变压器产生的,不论原线圈有多少匝,这个电动势是不变的.而副线圈中感应的电动势却可以按 “原副线圈每匝的感应电动势相等”的原则“与匝数成正比”,匝数少于原线圈则降压,匝数多于原线圈则升压,
还不太理解就举例说明：有两只变压器的原线圈都是接220V电源的（原线圈），其中一只的原边匝数880T，副边144匝，其电动势每4匝一伏特，其为220V/36V的降压变压器。另一只变压器原边匝数2200匝，副边匝数3600匝，电动势每10匝1伏特，为220V/360V的升压变压器。举例的变压器原边是接电源的，其电动势高低由所接电源（220V）决定。它们的原边匝数是不同的，由变压器容量决定（功率容量大的匝数少，反之多），而副边匝数是“与原边的每匝电动势相等且成正比”的关系。它们的原副边的感应电动势是相等的，一只 V/4T，另一只 V/10T。理解了吧？
为什么变压器原边是接电源的，其电动势高低由所接电源（220V）决定
亲，你能回答我水龙头为什么要接到水管上么？我猜想它们是一个道理。变压器原边之所以要接入电源，目的也就是要“改变”电源的电压来适应（并提供给）负载对电压的要求，不接入电源的变压器没有意义。
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如图所示，理想变压器原线圈的匝数为1000匝，两个副线圈匝数分别为50匝和100匝，是“6V，2W”的小灯泡，是“12V，4W”的小灯泡，当接上交流电压时，、都正常发光，这时原线圈中的电流为[　　]
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