（1）封冰的江河，冰面所能承受的最大压强是2×105Pa．某坦克质量为60t，两条履带着地面积共为5m2，该坦克在冰面上行驶时对冰面的压强是1.2×105Pa，它最多还能装载质量40t的人员和其它装备．（g取10N/kg）
（2）如图所示，挂在弹簧测力计下的铁块置于一个匝数可变的电磁铁的上方．当开关S与1接通稳定后测力计的示数为F1，使滑动变阻器的滑片P向左移动到某一位置，弹簧测力计的示数为F2，则F1＜F2；然后滑片P的位置保持不变，开关由1接到2，稳定后弹簧测力计的示数为F3，则F3＜F2．（选填“=”、“＞”或“＜”）
（3））斜坡长10m，顶端与底端的竖直高度为6m，当小莉沿着斜坡用F=100N的力把一质量为10kg的货箱从斜坡底端缓慢地推到斜坡顶端的过程中，她对货厢做的功为1000J，货厢克服斜坡的摩擦力做的功是400J．（g取10N/kg）
（4）由于光照而产生电压的现象叫光伏效应．单晶硅太阳能电池就是根据光伏效应设计的．已知某一单片单晶硅太阳能电池在正常太阳光照射下，光电转换效率可达25%，产生的电压为0.6V，用它给电阻为6Ω的用电器供电，电流是0.1A，每秒钟照射到该单片单晶硅太阳能电池上的太阳光的能量是0.24J．
（5）如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，物体运动速度v与时间t的关系如图丙所示，由图象可知，当t=1s时，物体受到的摩擦力为2N，当t=5s时，物体受到的合力为0N．
（1）根据坦克质量可求出其重力，此时重力即为压力，再利用两条履带着地面积可求出该坦克在冰面上行驶时冰面的压强，根据冰面能承受的最大压强和该坦克在冰面上行驶时冰面的压强可求出冰面还能承受的压强，然后再利用两条履带着地面积求出还能承受的压力，此时压力即为重力，再根据m=$\frac{G}{g}$即可求出装载人员和其它装备的质量．
（2）从以下3点分析此题：①电磁铁的磁性有无可以由电流的通断来控制．
②电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯．电流越大，匝数越多，有铁芯时电磁铁的磁性越强．
③滑动变阻器的作用：改变连入电路的电阻丝的长度，改变连入电路的电阻，改变电路中的电流．
（3）小莉对货厢做的功为总功，等于推力乘以斜坡的长；货厢克服斜坡的摩擦力做的功为额外功，等于总功减去有用功，所以要先求有用功，有用功等于物体重力乘以斜面的高．
（4）由欧姆定律即可求得电流，由电功公式W=UIt可求得太阳能电池吸收的光能，由光电转换效率可求得太阳光的能量．
（5）图象是形象描述物理状态、物理过程和物理规律的常用工具，也是应用数学知识解决物理问题的一个重要方面，它不仅可以使抽象的概念直观形象，也能使动态变化过程更为清晰．
（1）F1=G1=mg=60000kg×10N/kg=6×105N，
P1=$\frac{{F}_{1}}{s}$=$\frac{6×{10}^{5}N}{5{m}^{2}}$=1.2×105Pa，
因为冰面能承接的最大压强是P=2×105Pa，
该坦克在冰面上行驶时冰面的压强是P1=1.2×105Pa
所以冰面还能承受的压强是P2=P-P1=2×105Pa-1.2×105=0.8×105Pa，
所以冰面还能承受的压力F2=P2s=0.8×105Pa×5m2=4×105N，
F2=G2=4×105N，
m=$\frac{G}{g}$=$\frac{4×{10}^{5}N}{10N/kg}$=4×104kg=40t．
故答案为：1.2×105Pa；40t．
（2）①当开关S与1接通稳定后测力计的示数为F1，电磁铁中有电流，电磁铁具有了磁性，吸引铁质的钩码，使弹簧测力计的示数变大．
②当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变小，电流变大．线圈匝数和铁芯不变时，电流增大，电磁铁的磁性增强，弹簧测力计示数变大，所以则F1＜F2
③当开关由1接到2，连入电路线圈的匝数减小，电流和铁芯不变，此时电磁铁的磁性减弱，弹簧测力计示数变小，所以此时稳定后弹簧测力计的示数为F3，则F3＜F2．
故答案为：＜；＜．
（3）小莉对货厢做的功：W总=FS=100N×10m=1000J；
有用功W有用=Gh=mgh=10kg×10N/Kg×6m=600J；
货厢克服斜坡的摩擦力做的功：W额=W总-W有用=J=400J．
故答案为：J．
（4）由欧姆定律得：I=$\frac{U}{R}$=$\frac{0.6V}{6Ω}=0.1A$；
电阳能电池每秒产生的电能为W=UIt=0.6V×0.1A×1s=0.06J；
则照到太阳能电池上的光能为W光=$\frac{W}{25%}$=$\frac{0.06J}{0.25}$=0.24J；
故答案为：0.1；0.24．
（5）根据图象丙可知，当t=1s时，物体的运动速度是2m/s，当t=5s时，
该物体的运动速度仍然是2m/s，所以该物体作匀速直线运动．
根据二力平衡的条件，结合图象乙可知，该物体作匀速直线运动，
所以，它受到的水平方向上的拉力和摩擦力是一对平衡力，
所以当t=1s时，拉力F=2N，摩擦力也为2N，当t=5s时，合力为0．
故分别填：作匀速直线运动；2；0．（2011?卢湾区模拟）如图所示，在距地面高为H=45m处，某时刻将一小球A以初速度v0=10m/s水平抛出，与此同_百度知道
（2011?卢湾区模拟）如图所示，在距地面高为H=45m处，某时刻将一小球A以初速度v0=10m/s水平抛出，与此同
（2011?卢湾区模拟）如图所示，在距地面高为H=45m处，某时刻将一小球A以初速度v0=10m/s水平抛出，与此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度沿水平地面同方向滑出，B与水平地面间的动摩擦因素为μ=0.4，A、B均可视为质点，空气阻力不计，求：（1）A球落地时的速度大小；（2）A球落地时，A、B之间的距离．
提问者采纳
（1）根据动能定理（或机械能守恒）2?12mv02得到2×10×45=v2-102，解得：m/s即A球落地时的速度大小为10m/s．（2）A球做平抛运动，由A2得到：A＝2×4510s＝3s故水平分位移为sA=v0t=10×3m=30m因为B＝fmB＝μmBgmB＝0.4×10m/s2＝4m/s2根据速度时间公式，有B＝△vaB＝0?10?4s＝2.5s＜tA所以当小球A落地时物体B已经停止运动得到B＝02?v022aB＝0?1022×(?4)s＝12.5s故AB间距sAB=sA-sB=30-12.5m=17.5m即A球落地时，A、B之间的距离为17.5m．
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＞＞＞如图所示，从高h=5m处，倾角θ=45°的斜坡顶点A水平抛出一小球，小..
如图所示，从高h=5m处，倾角θ=45°的斜坡顶点A水平抛出一小球，小球的初速度为v0，若不计空气阻力，g=10m/s2求：（1）当v0=4m/s时，小球的落点离A点的位移；（2）当v0=8m/s时，小球的落点离A点的位移．
题型：问答题难度：中档来源：不详
若小球正好落在斜面底端，则：t=2hg=1sv0=xt=51m/s=5m/s（1）因为4m/s＜5m/s所以小球落在斜面上，倾角θ=45°，根据几何关系得：x=h所以v0t=12gt2解得：t=0.8s所以小球的落点离A点的位移为：s=2x=2×4×0.8m=4.53m（2）因为8m/s＞5m/s所以小球落在水平面上，此时小球运动的时间为1s所以水平位移为：x=v0t=8m此时小球的落点离A点的位移为：s′=x2+h2=89m=9.43m答：（1）当v0=4m/s时，小球的落点离A点的位移为4.53m；&（2）当v0=8m/s时，小球的落点离A点的位移为9.43m．
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据魔方格专家权威分析，试题“如图所示，从高h=5m处，倾角θ=45°的斜坡顶点A水平抛出一小球，小..”主要考查你对&&平抛运动&&等考点的理解。关于这些考点的“档案”如下：
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因为篇幅有限，只列出部分考点，详细请访问。
平抛运动的定义：
将物体以一定的初速度沿水平方向抛出，不考虑空气阻力，物体只在重力作用下所做的运动，叫做平抛运动。平抛运动的特性：
以抛出点为坐标原点，水平初速度V0，竖直向下的方向为y轴正方向，建立如图所示的坐标系，在该坐标系下，对任一时刻t：①位移分位移（水平方向），（竖直方向）；合位移，（φ为合位移与x轴夹角）。②速度分速度（水平方向），Vy=gt（竖直方向）；合速度，（θ为合速度V与x轴夹角）。③平抛运动时间：（取决于竖直下落的高度）。④水平射程：（取决于竖直下落的高度和初速度）。类平抛运动：
&(1)定义当物体所受的合外力恒定且与初速度垂直时，物体做类平抛运动。&(2)类平抛运动的分解方法& ①常规分解法：将类平抛运动分解为沿初速度方向的匀速直线运动和垂直于初速度方向(即沿合力的方向)的匀加速直线运动，两分运动彼此独立，互不影响，且与合运动具有等时性。& ②特殊分解法：对于有些问题，可以过抛出点建立适当的直角坐标系，将加速度分解为，，初速度分解为，然后分别在x、y方向上列方程求解。(3)类平抛运动问题的求解思路根据物体受力特点和运动特点判断该问题属于类平抛运动问题——求出物体运动的加速度——根据具体问题选择用常规分解法还是特殊分解法求解。 (4)类抛体运动当物体在巨力作用下运动时，若物体的初速度不为零且与外力不在一条直线上，物体所做的运动就是类抛体运动。在类抛体运动中可采用正交分解法处理问题，基本思路为：&①建立直角坐标系，将外力、初速度沿这两个方向分解。 &②求出这两个方向上的加速度、初速度。&③确定这两个方向上的分运动性质，选择合适的方程求解。
发现相似题
与“如图所示，从高h=5m处，倾角θ=45°的斜坡顶点A水平抛出一小球，小..”考查相似的试题有：
169163349663365764231200386959387906如图所示，m=1.0kg的小滑块以v0=4m/s的初速度从倾角为37°的斜面AB的底端A滑上斜面，滑块与斜面间的动摩擦因数为，取g=10m/s2，sin37°=0.6。若从滑块滑上斜面起，经0.6s正好通过B点，则AB之间的距离为（）A．0.8mB．0.76mC．0.64mD．0.16m．B滑块沿斜面向上运动时，加速度大小为=10m/s2，滑块经s速度即减为零。因此0.6s时是向下经过B点。下滑时加速度大小为=2m/s2，AB间的距离=0.76m，B项正确。2013年高考预测-物理（9）答案
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