请问335×12等于多少这个第二问为什么AP等于二分之t1＋t2 t1+t2不是等于AM+AN么

来源：蜘蛛抓取(WebSpider) 时间：2017-08-07 10:36 标签： 1tb等于多少g
& 对于每项均是正整数的数列A：a1，a2，…，an，定义变换T
本题难度：0.33&&题型：解答题
对于每项均是正整数的数列A：a1，a2，…，an，定义变换T1，T1将数列A变换成数列T1（A）：n，a1-1，a2-1，…，an-1；对于每项均是非负整数的数列B：b1，b2，…，bm，定义变换T2，T2将数列B各项从大到小排列，然后去掉所有为零的项，得到数列T2（B）；又定义S（B）=2（b1+2b2+…+mbm）+b12+b22+…+bm2．设A0是每项均为正整数的有穷数列，令Ak+1=T2（T1（Ak））（k=0，1，2，…）．（Ⅰ）如果数列A0为5，3，2，写出数列A1，A2；（Ⅱ）对于每项均是正整数的有穷数列A，证明S（T1（A））=S（A）；（Ⅲ）证明：对于任意给定的每项均为正整数的有穷数列A0，存在正整数K，当k≥K时，S（Ak+1）=S（Ak）．
来源：2008o北京 | 【考点】数列的应用．
对于每项均是正整数的数列A：a1，a2，…，an，定义变换T1，T1将数列A变换成数列T1（A）：n，a1-1，a2-1，…，an-1．对于每项均是非负整数的数列B：b1，b2，…，bm，定义变换T2，T2将数列B各项从大到小排列，然后去掉所有为零的项，得到数列T2（B）．又定义S（B）=2（b1+2b2+…+mbm）+b12+b22+…+bm2．设A0是每项均为正整数的有穷数列，令Ak+1=T2（T1（Ak））（k=0，1，2，…）．（Ⅰ）如果数列A0为2，6，4，8，写出数列A1，A2；（Ⅱ）对于每项均是正整数的有穷数列A，证明S（T1（A））=S（A）；（Ⅲ）证明：对于任意给定的每项均为正整数的有穷数列A0，存在正整数K，当k≥K时，S（Ak+1）=S（Ak）．
（2009o崇明县二模）对于每项均是正整数的数列A：a1，a2，…，an，定义变换T1，T1将数列A变换成数列T1（A）：n，a1-1，a2-1，…，an-1；对于每项均是非负整数的数列B：b1，b2，…，bm，定义变换T2，T2将数列B各项从大到小排列，然后去掉所有为零的项，得到数列T2（B）；设A0是每项均为正整数的有穷数列，令Ak+1=T2（T1（Ak））（k=0，1，2，…）．如果数列A0为4，2，1，则数列A1为&&&&．
对于每项均是正整数的数列A：a1，a2，…，an，定义变换T1，T1将数列A变换成数列T1（A）：n，a1-1，a2-1，…，an-1；对于每项均是非负整数的数列B：b1，b2，…，bm，定义变换T2，T2将数列B各项从大到小排列，然后去掉所有为零的项，得到数列T2（B）；又定义S（B）=2（b1+2b2+…+mbm）+b12+b22+…+bm2．设A0是每项均为正整数的有穷数列，令Ak+1=T2（T1（Ak））（k=0，1，2，…）．（Ⅰ）如果数列A0为5，3，2，写出数列A1，A2；（Ⅱ）对于每项均是正整数的有穷数列A，证明S（T1（A））=S（A）；（Ⅲ）证明：对于任意给定的每项均为正整数的有穷数列A0，存在正整数K，当k≥K时，S（Ak+1）=S（Ak）．
解析与答案
（揭秘难题真相，上）
习题“对于每项均是正整数的数列A：a1，a2，…，an，定义变换T1，T1将数列A变换成数列T1（A）：n，a1-1，a2-1，…，an-1；对于每项均是非负整数的数列B：b1，b2，…，bm，定义变换T2，T2将数列B各项从大到小排列，然后去掉所有为零的项，得到数列T2（B）；又定义S（B）=2（b1+2b2+…+mbm）+b12+b22+…+bm2．设A0是每”的学库宝（/）教师分析与解答如下所示：
【分析】（Ⅰ）由A0：532求得T1（A0）再通过Ak+1=T2（T1（Ak））求解．（Ⅱ）设有穷数列A求得T1（A）再求得S（T1（A））由S（A）=2（a1+2a2++nan）+a12+a22++an2两者作差比较．（Ⅲ）设A是每项均为非负整数的数列a1a2an．在存在1≤i＜j≤n有ai≤aj时条件下交换数列A的第i项与第j项得到数列B在存在1≤m＜n使得am+1=am+2═an=0时条件下若记数列a1a2…am为CAk+1=T2（T1（Ak））s（Ak+1）≤S（T1（Ak））．由S（T1（Ak））=S（Ak）得到S（Ak+1）≤S（Ak）．S（Ak）是大于2的整数所以经过有限步后必有S（Ak）=S（Ak+1）=S（Ak+2）=0．
【解答】解：（Ⅰ）解：A0：532T1（A0）：（T1（A0））：4321T1（A1）：（T1（A1））：4321．（Ⅱ）证明：设每项均是正整数的有穷数列A为a1a2an则T1（A）为na1-1a2-1an-1从而S（T1（A））=2[n+2（a1-1）+3（a2-1）++（n+1）（an-1）]+n2+（a1-1）2+（a2-1）2++（an-1）2．又S（A）=2（a1+2a2++nan）+a12+a22++an2所以S（T1（A））-S（A）=2[n-2-3--（n+1）]+2（a1+a2++an）+n2-2（a1+a2++an）+n=-n（n+1）+n2+n=0故S（T1（A））=S（A）．（Ⅲ）证明：设A是每项均为非负整数的数列a1a2an．当存在1≤i＜j≤n使得ai≤aj时交换数列A的第i项与第j项得到数列B则S（B）-S（A）=2（iaj+jai-iai-jaj）=2（i-j）（aj-ai）≤0．当存在1≤m＜n使得am+1=am+2═an=0时若记数列a1a2am为C则S（C）=S（A）．所以S（T2（A））≤S（A）．从而对于任意给定的数列A0由Ak+1=T2（T1（Ak））（k=012）可知S（Ak+1）≤S（T1（Ak））．又由（Ⅱ）可知S（T1（Ak））=S（Ak）所以S（Ak+1）≤S（Ak）．即对于k∈N要么有S（Ak+1）=S（Ak）要么有S（Ak+1）≤S（Ak）-1．因为S（Ak）是大于2的整数所以经过有限步后必有S（Ak）=S（Ak+1）=S（Ak+2）=0．即存在正整数K当k≥K时S（Ak+1）=S（A）
【考点】数列的应用．
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知识点讲解
经过分析，习题“对于每项均是正整数的数列A：a1，a2，…，an，定义变换T”主要考察你对
等考点的理解。
因为篇幅有限，只列出部分考点，详细请访问。
数列的应用
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如果 t1的绝对值分之t1 加t2的绝对值分之t2 加t3的绝对值分之t3 等于1 则t1t2t3的绝对值分之t1t2t3的值是这只是初一月考的题啊
你好gkQK58
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由题意得知t1 t2 t3三个数中两个为正,一个为负,所以有,t1/（t1的绝对值）+ t2/(t2的绝对值）+t3/(t3的绝对值）=1+1+（-1）=1因此,t1 x t2 x t30,所以t1t2t3的绝对值分之t1t2t3等于 -1.
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我要来回答这个题了,先不要关闭哦,我已经遇到好多回了,好不容易写完了几百字,一提交,说已经关闭了,气的我哦……20分钟后给出准确答案&这是一个好题,根据何氏第五定律（没听说过?——我就姓何）：一个好题必然有N种解法.做一个好题,应尽量多想出一些方法,那么你给出十种解法,绝对比你做十道不同的题的效果要好一百倍以上,因为给出不同的解法,实际是对各种方法进行了总结,还进行了比较,还知道在哪种情况下哪种方法最简单,还……还有很多好处.由于时间关系,我就给出四种解法嘛,毕竟还要留给你思考的余地三.首先,我们可以确定：两种情况下,最终小球的位移相等,末速度相等,下降的高度相等.方法1：最常规的方法,列出表达示求解三个斜边的倾角分别设为θ1,θ2,和α,根据位移S=h/sinα=1/2at方得h=gt平方sin平方α/2&&,h1=gt1平方sin平方θ1&/2&,h2=gt2平方sin平方θ2&/2由h1+h2=h,有&t平方sin平方α=gt1平方sin平方θ1&&+gt2平方sin平方θ2&把这个式子通过三角函数与不等式的一些变化（要用到θ1,θ2和α的大小关系）,可以得到t&t1+t2,&&&这个划起来有点复杂,我不细说了.方法2：由动量定理：mgsinθ1&*t1=mv1mgsinθ2&*t2=mv2-mv1mgsinα*t=mvv1,v2,与v的关系是：它们构成一个三角形EFA,由三角函数列出矢量三角形,并注意到三角形里的屯角等于θ1+θ2,也可以得到t和t1+t2的关系.又是数学题,我不说了.以上两种方法太麻烦了,不是我要给出的最好答案,只是因为它们是常规解法,不得不说一下.方法3&&由于都是匀变速运动,所以小球1的平均速度为v/2,&&&设小球2前半段结束时的速度为v1,那么小球2前半段的平均速度为v1/2,后半段的平均速度为（v1+v2)/2,由矢量合成后,整段的平均速度为根号下[（v1/2）平方+（（v1+v2)/2）平方],显然它是大于小球1的平均速度的,根据位移相等,那么时间关系有T1&T2方法4&就是前面&锦瑟鸣弦&用到的方法,只不过他弄错了一点,他只分析出速度相等,没注意到位移相等,所以他只画对了前半段,后半段速度的斜率做错了,第二段速度的直线,不只要与末速度相交,还要保证它们围成的面积与相等,所以只能交于T1之前.正确的图应该是这样的,阴影部分的面积相等.
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