如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S_百度知道
如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S
如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示...
如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，则下列判断正确的有（　　）A．U1I的值变大B．△U1△I的值变大C．△U2△I的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少
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由图可知R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．若P向左端移动，则滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，则内电压减小，路端电压增大，即电压表V2的示数增大，R1两端的电压减小，所以V1的示数增大．A、根据欧姆定律得1I的值等于滑动变阻器的阻值，所以1I的值变大，故A正确；B、根据闭合电路欧姆定律得：U1=E-I（R1+r），则1△I=R1+r，所以1△I的值不变；故B错误；C、根据闭合电路欧姆定律得：由U2=E-Ir，则2I=r，所以2I的值不变；故C正确；D、滑片向左移动的过程中，由于理想二极管具有单向导通作用，所以电容器所带的电荷量不变，故D错误；故选：AC．
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我们会通过消息、邮箱等方式尽快将举报结果通知您。电容器是一种重要的电学元件.基本工作方式就是充电和放电．由这种充放电的工作方式延伸出来的许多电学现象.使得电容器有着广泛的应用．如图1所示.电源与电容器.电阻.开关组成闭合电路．已知电源电动势为E.内阻不计.电阻阻值为R.平行板电容器电容为C.两极板间为真空.两极板间距离为d.不考虑极板边缘效应．(1)闭合开关S.电源向电容器充电．经过时间t.电容 题目和参考答案——精英家教网——
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4．电容器是一种重要的电学元件，基本工作方式就是充电和放电．由这种充放电的工作方式延伸出来的许多电学现象，使得电容器有着广泛的应用．如图1所示，电源与电容器、电阻、开关组成闭合电路．已知电源电动势为E，内阻不计，电阻阻值为R，平行板电容器电容为C，两极板间为真空，两极板间距离为d，不考虑极板边缘效应．（1）闭合开关S，电源向电容器充电．经过时间t，电容器基本充满．a．求时间t内通过R的平均电流$\overline{I}$；b．请在图2中画出充电过程中电容器的带电量q随电容器两极板电压u变化的图象；并求出稳定后电容器储存的能量E0；（2）稳定后断开开关S．将电容器一极板固定，用恒力F将另一极板沿垂直极板方向缓慢拉开一段距离x，在移动过程中电容器电量保持不变，力F做功为W；与此同时，电容器储存的能量增加了△E．请推导证明：W=△E．要求最后的表达式用已知量表示．
分析 （1）a．电容器基本充满时，电容器两端电压等于电源的电动势，根据电容的定义 C=$\frac{Q}{U}$、U=E可以得出t内通过R的电荷量Q，再根据电流强度的定义 $\overline{I}$=$\frac{Q}{t}$ 可以解得平均电流b．根据Q=CU，可知图象为经过坐标原点的直线，且U的最大值为E．（2）极板在移动过程中板间场强不变，两极板间的相互作用力为恒力，求出恒力F′后，在根据功的定义式：W=F′x可以求出W；再根据（1）E0的表达式就可以得出初、末状态电容器储存的能量，再求出△E，进而得证：W=△E．解答 解：（1）a．设充电完毕电容器所带电量为Q，即时间t内通过电阻R的电量，此时电容器两端电压等于电源的电动势，根据电容的定义&&&C=$\frac{Q}{U}$&&&&U=E根据电流强度的定义&&$\overline{I}$=$\frac{Q}{t}$&&解得平均电流&$\overline{I}$=$\frac{CE}{t}$&&&&&&b．根据q=Cu，画出q-u图象如图1所示&&&由图象可知，图线与横轴所围面积即为电容器储存的能量，如图2中斜线部分所示由图象求出电容器储存的电能&&E0=$\frac{1}{2}$EQ&&&将Q=CU、U=E代入得：E0=$\frac{1}{2}$CE2&&&&&（2）设两极板间场强为& E′，两极板正对面积为S根据&E′=$\frac{U}{d}$=$\frac{Q}{Cd}$，将 C=$\frac{S}{4kπd}$代入得：E′=$\frac{4kπQ}{S}$，可知极板在移动过程中板间场强不变，两极板间的相互作用力为恒力．两板间的相互作用可以看作负极板电荷处于正极板电荷产生的电场中，可知两板间的相互作用力F′=$\frac{1}{2}$E′Q&&&&&&&&&&&&&&&&&缓慢移动时有&&& F=F′根据功的定义有&& W=F′x=$\frac{1}{2}$E′Qx&&&将 E′=$\frac{4kπQ}{S}$代入&&&&&&&&&&&&&& 得：W=$\frac{2kπQ{\;}^{2}}{S}$x=$\frac{CE{\;}^{2}}{2d}$x&&&&&&&&&&&&&&&&&&电容器增加的能量△E=$\frac{Q2}{2C′}$-$\frac{Q{\;}^{2}}{2C}$&将&C=$\frac{S}{4kπd}$、C′=$\frac{S}{4Kπ（d+x）}$&&代入得：△E=$\frac{2KπQ{\;}^{2}}{S}$x=$\frac{CE{\;}^{2}}{2d}$x&&&&&&&&&&&&&&&所以W=△E．答：（1）a．时间t内通过R的平均电流$\overline{I}$=$\frac{CE}{t}$；&图象如图1所示&&（b）．图象如图2所示；稳定后电容器储存的能量E0=$\frac{1}{2}$CE2．&&&&&&&&&（2）W=△E点评 此题难度较大，既考查了电容器的基本定义式C=$\frac{Q}{U}$，有考查在移动过程中极板间场强不变，两极板间的相互作用力为恒力，这个过程中做的功等于电容器储存的能量．
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16．如图所示，图1是用小车拖动纸带，用打点计时器测定速度打出的一条纸带，A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．相邻计数点间的时间间隔为0.1s．试求：（1）打点计时器打下B点时小车的瞬时速度．（2）作出速度-时间图象（图2）．
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大神们 如图所示 这种电容坏了 能用什么电元件代替？
大神们 如图所示 这种电容坏了 能用什么电元件代替？这是吸顶灯镇流器上的！同型号的找不到！有懂的帮帮忙 在此谢谢各位了！
就这上面的！
无论怎样 能把灯搞亮就行 在此谢谢了！
帮帮忙吧！
换回同样规格的，话说你是怎么确定就电容坏了？
2个282耐压1200伏并联也可以。实在没有47n+1n0也行，主要是耐压要满足
你怎么知道是它坏了
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17．如图为可变电容器，由一组动片和一组定片组成，这两组金属片之间是互相绝缘的，动片旋入得越多，则（　　）A．正对面积越大，电容越大B．正对面积越大，电容越小C．动片、定片间距离越小，电容越大D．动片、定片间距离越小，电容越小
分析 根据电容的决定式C=$\frac{?S}{4πkd}$，分析增大电容的方法有：增大两极板的正对面积S，减小板间距离d．解答 解：AB、把可变电容器的动片旋入一些，增大了两极板的正对面积S，由电容的决定式C=$\frac{?S}{4πkd}$，得知，电容增大．故A正确，B错误．CD、根据电容与板间距离成反比可知，减小两极板间的距离，电容增大．故C正确，D错误．故选：AC．点评 本题是电容动态变化分析问题，关键抓住电容的决定式C=$\frac{?S}{4πkd}$，明确电容与三个因素的关系即可正确解答．
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