已知=5．【考点】．【专题】计算题．【分析】两提取公因变形后，计算即得到结．【解答】解：根据题意得32013-×113211×（3243+10）=311×7；+2-4×3n++103n=3n×（32-×3+0）=n×7．故答案为3211×73n×7．【点评】此题考查规律型：数的变化类，清题中的规律题的关键．声明：本试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布。答题：王金铸老师　难度：0.73真题：9组卷：20
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日照市2015年中考数学试题解析
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日照市2015年中考数学试题解析
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2015年山东省日照市中考数学试卷一、（1-8小题每小题3分，9-12小题每小题3分）1．（3分）（;日照）下面四个图形分别是节能、节水、低碳和绿色食品标志，在这四个标志中，是轴对称图形的是（　　）　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&轴对称图形．.分析：&根据轴对称图形的概念求解．解答：&解：A、不是轴对称图形，故本选项错误；B、不是轴对称图形，故本选项错误；C、不是轴对称图形，故本选项错误；D、是轴对称图形，故本选项正确．故选D．点评：&本题考查了轴对称图形的知识，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分沿对称轴折叠后可重合．　2．（3分）（;日照） 的算术平方根是（　　）　&A．&2&B．&±2&C．& &D．&±
考点：&算术平方根．.专题：&．分析：&先求得 的值，再继续求所求数的算术平方根即可．解答：&解：∵ =2，而2的算术平方根是 ，∴ 的算术平方根是 ，故选：C．点评：&此题主要考查了算术平方根的定义，解题时应先明确是求哪个数的算术平方根，否则容易出现选A的错误．　3．（3分）（;日照）计算（a3）2的结果是（　　）　&A．&a5&B．&a5&C．&a6&D．&a6
考点：&幂的乘方与积的乘方．.分析：&根据幂的乘方和积的乘方的运算法则求解．解答：&解：（a3）2=a6．故选C．点评：&本题考查了幂的乘方和积的乘方，掌握运算法则是解答本题关键．　4．（3分）（;日照）某市测得一周PM2.5的日均值（单位：微克/立方米）如下：31，30，34，35，36，34，31，对这组数据下列说法正确的是（　　）　&A．&众数是35&B．&中位数是34&C．&平均数是35&D．&方差是6
考点：&方差；加权平均数；中位数；众数．.分析：&根据众数、平均数、中位数和方差的计算公式分别进行计算即可得出答案．解答：&解：A、31和34出现了2次，出现的次数最多，则众数是31和34，故本选项错误；B、把这组数据从小到大排列，最中间的数是 34，则中位数是34，故本选项错正确；C、这组数据的平均数是：（31+30+34+35+36+34+31）÷7=33，故本选项错误；D、这组数据的方差是： [2（3133）2+（（3433）2+（3533）2+（3633）2]= ，故本选项错误；故选B．点评：&本题考查了众数、平均数和中位数的定义．用到的知识点：一组数据中出现次数最多的数据叫做这组数据的众数．将一组数据按照从小到大（或从大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数；如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．平均数是指在一组数据中所有数据之和再除以数据的个数．一般地设n个数据，x1，x2，…xn的平均数为 ，则方差S2= [（x1 ）2+（x2 ）2+…+（xn ）2]．　5．（3分）（;日照）小红在观察由一些相同小立方块搭成的几何体时，发现它的右视图、俯视图、左视图均为如图，则构成该几何体的小立方块的个数有（　　）&　&A．&3个&B．&4个&C．&5个&D．&6个
考点：&由三视图判断几何体．.分析：&根据主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形．解答：&解：从俯视图发现有3个立方体，从左视图发现第二层最多有1个立方块，则构成该几何体的小立方块的个数有4个；故选B．点评：&此题考查了学生对三视图掌握程度和灵活运用能力，同时也体现了对空间想象能力方面的考查．如果掌握口诀“俯视图打地基，正视图疯狂盖，左视图拆违章”就更容易得到答案．　6．（3分）（;日照）小明在学习了正方形之后，给同桌小文出了道题，从下列四个条件：①AB=BC，②∠ABC=90°，③AC=BD，④AC⊥BD中选两个作为补充条件，使▱ABCD为正方形（如图），现有下列四种选法，你认为其中错误的是（　　）&　&A．&①②&B．&②③&C．&①③&D．&②④
考点：&正方形的判定．.分析：&利用矩形、菱形、正方形之间的关系与区别，结合正方形的判定方法分别判断得出即可．解答：&解：A、∵四边形ABCD是平行四边形，当①AB=BC时，平行四边形ABCD是菱形，当②∠ABC=90°时，菱形ABCD是正方形，故此选项错误；B、∵四边形ABCD是平行四边形，∴当②∠ABC=90°时，平行四边形ABCD是矩形，当AC=BD时，这是矩形的性质，无法得出四边形ABCD是正方形，故此选项正确；C、∵四边形ABCD是平行四边形，当①AB=BC时，平行四边形ABCD是菱形，当③AC=BD时，菱形ABCD是正方形，故此选项错误；D、∵四边形ABCD是平行四边形，∴当②∠ABC=90°时，平行四边形ABCD是矩形，当④AC⊥BD时，矩形ABCD是正方形，故此选项错误．故选：B．点评：&此题主要考查了正方形的判定以及矩形、菱形的判定方法，正确掌握正方形的判定方法是解题关键．　7．（3分）（;日照）不等式组 的解集在数轴上表示正确的是（　　）　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&在数轴上表示不等式的解集；解一元一次不等式组．.分析：&分别 求出各不等式的解集，并在数轴上表示出来即可．解答：&解： ，由①得，x≤1，由②得，x＞5，故5＜x≤1．在数轴上表示为：&．故选A．点评：&本题考查的是在数轴上表示不等式组的解集，熟知“小于向左，大于向右”是解答此题的关键．　8．（3分）（;日照）如图，等腰直角△ABC中，AB=AC=8，以AB为直径的半圆O交斜边BC于D，则阴影部分面积为（结果保留π）（　　）&　&A．&244π&B．&324π&C．&328π&D．&16
考点：&扇形面积的计算．.分析：&连接AD，因为△ABC是等腰直角三角形，故∠ABD=45°，再由AB是圆的直径得出∠ADB=90°，故△ABD也是等腰直角三角形 ，所以 = ，S阴影=S△ABCS△ABDS弓形AD由此可得出结论．解答：&解：连接AD，OD，∵等腰直角△ABC中，∴∠ABD=45°．∵AB是圆的直径，∴∠ADB=90°，∴△ABD也是等腰直角三角形，∴ = ．∵AB=8，∴AD=BD=4 ，∴S阴影=S△ABCS△ABDS弓形AD=S△ABCS△ABD（S扇形AOD S△ABD）= ×8×8 ×4 ×4
+ × ×4 ×4 =164π+8=244π．故选A．&点评：&本题考查的是扇形面积的计算，熟记扇形的面积公式是解答此题的关键．　9．（4分）（2 015•日照）某县大力推进义务教育均衡发展，加强学校标准化建设，计划用三年时间对全县学校的设施和设备进行全面改造，2014年县政府已投资5亿元人民币，若每年投资的增长率相同，预计2016年投资7.2亿元人民币，那么每年投资的增长率为（　　）　 &A．&20%&B．&40%&C．&220%&D．&30%
考点：&一元二次方程的应用．.专题：&增长率问题．分析：&首先设每年投资的增长率为x．根据2014年县政府已投资5亿元人民币，若每年投资的增长率相同，预计2016年投资7.2亿元人民币，列方程求解．解答：&解：设每年投资的增长率为x，根据题意，得：5（1+x）2=7.2，解得：x1=0.2=20%，x2=2.2（舍去），故每年投资的增长率为为20%．故选：A．点评：&此题主要考查了一元二次方程的实际应用，解题的关键是掌握增长率问题中的一般公式为a（1+x）n，其中n为共增长了几年，a为第一年的原始数据，x是增长率．　10．（4分）（;日照）如图，在直角△BAD中，延长斜边BD到点C，使DC= BD，连接AC，若tanB= ，则tan∠CAD的值（　　）&　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&解直角三角形．.分析：&延长AD，过点C作CE⊥AD，垂足为E，由tanB= ，即 = ，设AD=5x，则AB=3x，然后可证明△CDE∽△BDA，然后相似三角形的对应边成比例可得： ，进而可得CE= x，DE= ，从而可求tan∠CAD= = ．解答：&解：如图，延长AD，过点C作CE⊥AD，垂足为E，∵tanB= ，即 = ，∴设AD=5x，则AB=3x，∵∠CDE=∠BDA，∠CED=∠BAD，∴△CDE∽△BDA，∴ ，∴CE= x，DE= ，∴AE= ，∴tan∠CAD= = ．故选D．&点评：&本题考查了锐角三角函数的定义，相似三角形的判定和性质以及直角三角形的性质，是基础知识要熟练掌握，解题的关键是：正确添加辅助线，将∠CAD放在直角三角形中．　11．（4分）（;日照）观察下列各式及其展开式：（a+b）2=a2+2ab+b2（a+b）3=a3+3a2b+3ab2+b3（a+b）4=a4+4a3b+6a2b2+4ab3+b4（a+b）5=a5+5a4b+10a3b2+10a2b3+5ab4+b5…请你猜想（a+b）10的展开式第三项的系数是（　　）　&A．&36&B．&45&C．&55&D．&66
考点：&完全平方公式．.专题：&规律型．分析：&归纳总结得到展开式中第三项系数即可．解答：&解：解：（a+b）2=a22+2ab+b2；（a+b）3=a3+3a2b+3ab2+b3；（a+b）4=a4+4a3b+6a2b2+4ab3+b4；（a+b）5=a5+5a4b+10a3b2+10a2b3+5ab4+b5；（a+b）6=a6+6a5b+15a4b2+20a3b3+15a2b4+6ab5+b6；（a+b）7=a7+7a6b+21a5b2+35a4b3+35a3b4+21a2b5+7ab6+b7；第8个式子系数分别为：1，8，28，56，70，56，28，8，1；第9个式子系数分别为：1，9，36，84，126，126，84，36，9，1；第10个式子系数分别为：1，10，45，120，210，252，210，120，45，10，1，则（a+b）10的展开式第三项的系数为45．故选B．点评：&此题考查了完全平方公式，熟练掌握公式是解本题的关键．　12．（4分）（;日照）如图是抛物线y1=ax2+bx+c（a≠0）图象的一部分，抛物线的顶点坐标A（1，3），与x轴的一个交点B（4，0），直线y2=mx+n（m≠0）与抛物线交于A，B两点，下列结论：①2a+b=0；②abc＞0；③方程ax2+bx+c=3有两个相等的实数根；④抛物线与x轴的另一个交点是（1，0）；⑤当1＜x＜4时，有y2＜y1，其中正确的是（　　）&　&A．&①②③&B．&①③④&C．&①③⑤&D．&②④⑤
考点：&二次函数图象与系数的关系；抛物线与x轴的交点．.专题：&数形结合．分析：&根据抛物线对称轴方程对①进行判断；由抛物线开口方向得到a＜0，由对称轴位置可得b＞0，由抛物线与y轴的交点位置可得c＞0，于是可对②进行判断；根据顶点坐标对③进行判断；根据抛物线的对称性对④进行判断；根据函数图 象得当1＜x＜4时，一次函数图象在抛物线下方，则可对⑤进行判断．解答：&解：∵抛物线的顶点坐标A（1，3），∴抛物线的对称轴为直线x= =1，∴2a+b=0，所以①正确；∵抛物线开口向下，∴a＜0，∴b=2a＞0，∵抛物线与y轴的交点在x轴上方，∴c＞0，∴abc＜0，所以②错误；∵抛物线的顶点坐标A（1，3），∴x=1时，二次函数有最大值，∴方程ax2+bx+c=3有两个相等的实数根，所以③正确；∵抛物线与x轴的一个交点为（4，0）而抛物线的对称轴为直线x=1，∴抛物线与x轴的另一个交点为（2，0），所以④错误；∵抛物线y1=ax2+bx+c与直线y2=mx+n（m≠0）交于A（1，3），B点（4，0）∴当1＜x＜4时，y2＜y1，所以⑤正确．故选C．点评：&本题考查了二次项系数与系数的关系：对于二次函数y=ax2+bx+c（a≠0），二次项系数a决定抛物线的开口方向和大小：当a＞0时，抛物线向上开口；当a＜0时，抛物线向下开口；一次项系数b和二次项系数a共同决定对称轴的位置：当a与b同号时（即ab＞0），对称轴在y轴左； 当a与b异号时（即ab＜0），对称轴在y轴右．（简称：左同右异）；常数项c决定抛物线与y轴交点：抛物线与y轴交于（0，c）；抛物线与x轴交点个数由△决定：△=b24ac＞0时，抛物线与x轴有2个交点；△=b24ac=0时，抛物线与x轴有1个交点；△=b24ac＜0时，抛物线与x轴没有交点．　二、题（每小题4分，共16分）13．（4分）（;日照）若 =3x，则x的取值范围是　x≤3　．
考点：&二次根式的性质与化简．.分析：&根据二次根式的性质得出3x≥0，求出即可．解答：&解：∵ =3x，∴3x≥0，解得：x≤3，故答案为：x≤3．点评：&本题考查了二次根式的性质的应用，注意：当a≥0时， =a，当a＜0时， =a．　14．（4分）（;日照）边长为1的一个正方形和一个等边三角形如图摆放，则△ABC的面积为　 　．&
考点：&正方形的性质；等边三角形的性质；含30度角的直角三角形．.分析：&过点C作CD和CE垂直正方形的两个边长，再利用正方形和等边三角形的性质得出CE的长，进而得出△ABC的面积即可．解答：&解：过点C作CD和CE垂直正方形的两个边长，如图，& ∵一个正方形和一个等边三角形的摆放，∴四边形DBEC是矩形，∴CE=DB= ，∴△ABC的面积= AB•CE= ×1× = ，故答案为： ．点评：&此题考查正方形的性质，关键是根据正方形和等边三角形的性质得出BE和CE的长．　15．（4 分）（;日照）如果m，n是两个不相等的实数，且满足m2m=3，n2n=3，那么代数式2n2mn+2m+2015=　2026　．
考点：&根与系数的关系．.分析：&由于m，n是两个不相等的实数，且满足m2m=3，n2n=3，可知m，n是x2x3=0的两个不相等的实数根．则根据根与系数的关系可知：m+n=2，mn=3，又n2=n+3，利用它们可以化简2n2mn+2m+2015=2（n+3） mn+2m+mn+2m+2015=2（m+n）mn+2021，然后就可以求出所求的代数式的值．解答：&解：由题意可知：m，n是两个不相等的实数，且满足m2m=3，n2n=3，所以m，n是x2x3=0的两个不相等的实数根，则根据根与系数的关系可知：m+n=1，mn=3，又n2=n+3，则2n2mn+2m+2015=2（n+3）mn+2m+2015=2n+6mn+2m+2015=2（m+n）mn+2021=2×1（3）+2021=2+3+2021=2026．故答案为：2026．点评：&本题考查一元二次方程根与系数的关系，解题关键是把所求代数式化成两根之和、两根之积的系数，然后利用根与系数的关系式求值．　16．（4分）（;日照）如图，在平面直角坐标系xOy中，四边形ODEF和四边形ABCD都是 正方形，点F在x轴的正半轴上，点C在边DE上，反比例函数y= （k≠0，x＞0）的图象过点B，E．若AB=2，则k的值为　6+2 　．&
考点：&反比例函数图象上点的坐标特征．.分析：&设E（x，x），则B（2，x+2），根据反比例函数系数的几何意义得出x2=x（x+2），求得E的坐标，从而求得 k的值．解答：&解：设E（x，x），∴B（2，x+2），∵反比例函数y= （k≠0，x＞0）的图象过点B、E．∴x2=x（x+2），解得x1=1+ ，x2=1& （舍去），∴k=x2=6+2 ，故答案为6+2 ．点评：&本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，关键是掌握反比例函数图象上点与反比例函数中系数k的关系．　三、解答题17．（9分）（;日照）（1）先化简，再求值：（ +1） ，其中a= ；（2）已知关于x，y的二元一次方程组 的解满足x+y=0，求实数m的值．
考点：&分式的化简求值；二元一次方程组的解．.分析：&（1）先根据分式混合运算的法则把原式进行化简，再把a的值代入进行计算即可；（2）先把m当作已知条件求出x、y的值，再根据足x+y=0求出m的值即可．解答：&解：（1）原式= • = • =a1，当a= 时，原式= 1；
（2）解关于x，y的二元一次方程组 得 ，∵x+y=0，∴2m11+7m=0，解得m=4．点评：&本题考查的是分式的化简求值，熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键．　18．（9分）（;日照）为进一步推广“阳光体育”大课间活动，某中学对已开设的A实心球，B立定跳远，C跑步，D跳绳四种活动项目的学生喜欢情况进行调查，随机抽取了部分学生，并将调查结果绘制成图1，图2的统计图，请结合图中的信息解答下列问题：（1）请计算本次调查中喜欢“跑步”的学生人数和所占百分比，并将两个统计图补充完整；（2）随机抽取了5名喜欢“跑步”的学生，其中有3名女生，2名男生，现从这5名学生中任意抽取2名学生，请用画树状图或列表的方法，求出刚好抽到同性别学生的概率．&
考点：&列表 法与树状图法；扇形统计图；条形统计图．.分析：&（1）用A的人数除以所占的百分比，即可求出调查的学生数；用抽查的总人数减去A、B、D的人数，求出喜欢“跑步”的学生人数，再除以被调查的学生数，求出所占的百分比，再画图即可；（2）用A表示男生，B表示女生，画出树形图，再根据概率公式进行计算即可．解答：&解：（1）根据题意得：15÷10%=150（名）．本项调查中喜欢“跑步”的学生人数是；（人），所占百分比是： ×100%=40%，画图如下：&
（2）用A表示男生，B表示女生，画图如下：&共有20种情况，同性别学生的情况是8种，则刚好抽到同性别学生的概率是 = ．点评：&本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用以及概率的求法，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．　19．（10分）（;日照）如图1所示，某乘客乘高速列车从甲地经过乙地到丙地，列车匀速行驶，图2为列车离乙地路程y（千米）与行驶时间x（小时）时间的函数关系图象．（1）：甲、丙两地距离　900　千米．（2）求高速列车离乙地的路程y与行驶时间x之间的函数关系式，并写出x的取值范围．&
考点：&一次函数的应用．.分析：&（1）根据函数图形可得，甲、丙两地距离为：900+150=1050（千米）；（2）分两种情况：当0≤x≤3时，设高速列车离乙地的路程y与行驶时间x之间的函数关系式为：y=kx+b，把（0，900），（3，0）代入得到方程组，即可解答；根据确定高速列出的速度为300（千米/小时），从而确定点A的坐标为（3.5，150），当3＜x≤3.5时，设高速列车离乙地的路程y与行驶时间x之间的函数关系式为：y=k1x+b1，把（3，0），（3.5，150）代入得到方程组，即可解答．解答：&解：（1）根据函数图形可得，甲、丙两地距离为：900+150=1050（千米），故答案为：900．（2）当0≤x≤3时，设高速列车离乙地的路程y与行驶时间x之间的函数关系式为：y=kx+b，把（0，900），（3，0）代入得： ，解得： ，∴y=300x+900，高速列出的速度为：900÷3=300（千米/小时），150÷300=0.5（小时），3+0.5=3.5（小时）如图2，点A的坐标为（3.5，150）&当3＜x≤3.5时，设高速列车离乙地的路程y与行驶时间x之间的函数关系式为：y=k1x+b1，把（3，0），（3.5，150）代入得： ，解得： ，∴y=300x900，∴y= ．点评：&本题考查了一次函数的应用，解决本题的关键是读懂图象，获取相关信息，用待定系数法求函数解析式．　20．（10分）（;日照）如图，已知，在△ABC中，CA=CB，∠ACB=90°，E，F分别是CA，CB边的三等分点，将△ECF绕点C逆时针旋转α角（0°＜α＜90°），得到△MCN，连接AM，BN．（1）求证：AM=BN；（2）当MA∥CN时，试求旋转角α的余弦值．&
考点：&旋转的性质；全等三角形的判定与性质．.分析：&（1）由CA=CB，E，F分别是CA，CB边的三等分点，得CE=CF，根据旋转的性质，CM=CE=CN=CF，∠ACM=∠BCN=α，证明△AMC≌△BNC即可；（2）当MA∥CN时，∠ACN=∠CAM，由∠ACN+∠ACM=90°，得到∠CAM+∠ACM=90°，所以cotα= = ．解答：&解：（1）∵CA=CB，∠ACB=90°，E，F分别是CA，CB边的三等分点，∴CE=CF，根据旋转的性质，CM=CE=CN=CF，∠ACM=∠BCN=α，在△AMC和△BNC中，&，∴△AMC≌△BNC，∴AM=BN；（2）∵MA∥CN，∴∠ACN=∠CAM，∵∠ACN+∠ACM=90°，∴∠CAM+∠ACM=90°，∴∠AMC=90°，∴cosα= = = ．&点评：&本题主要考查了旋转的性质、三角形全等的判定与性质、平行线的性质以及锐角三角函数的综合运用，难度适中，掌握旋转的性质是关键．　21．（12分）（;日照）资料：如图1，在平面之间坐标系xOy中，A，B两点的坐标分别为A（x1，y1），B（x2，y2），由勾股定理得AB2=|x2x1|2+|y2y1|2，所以A，B两点间的距离为AB= ．我们知道，圆可以看成到圆心距离等于半径的点的集合，如图2，在平面直角坐标系xoy中，A（x，y）为圆上任意一点，则A到原点的距离的平方为OA2=|x0|2+|y0|2，当⊙O的半径为r时，⊙O的方程可写为：x2+y2=r2．问题拓展：如果圆心坐标为P（a，b），半径为r，那么⊙P的方程可以写为　（xa）2+（yb）2=r2　．综合应用：如图3，⊙P与x轴相切于原点O，P点坐标为（0，6），A是⊙P上一点，连接OA，使tan∠POA= ，作PD⊥OA，垂足为D，延长PD交x轴于点B，连接AB．①证明AB是⊙P的切点；②是否存在到四点O，P，A，B距离都相等的点Q？若存在，求Q点坐标，并写出以Q为圆心，以OQ为半径的⊙O的方程；若不存在，说明理由．
考点：&圆的综合题；全等三角形的判定与性质；等腰三角形的性质；直角三角形斜边上的中线；勾股定理；切线的判定与性质；相似三角形的判定与性质；锐角三角函数的定义．.专题：&型．分析：&问题拓展：设A（x，y）为⊙P上任意一点，则有AP=r，根据阅读材料中的两点之间距离公式即可求出⊙P的方程；综合应用：①由PO=PA，PD⊥OA可得∠OPD=∠APD，从而可证到△POB≌△PAB，则有∠POB=∠PAB．由⊙P与x轴相切于原点O可得∠POB=90°，即可得到∠PAB=90°，由此可得AB是⊙P的切线；②当点Q在线段BP中点时，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可得QO=QP=BQ=AQ．易证∠OBP=∠POA，则有tan∠OBP= = ．由P点坐标可求出OP、OB．过点Q作QH⊥OB于H，易证△BHQ∽△BOP，根据相似三角形的性质可求出QH、BH，进而求出OH，就可得到点Q的坐标，然后运用问题拓展中的结论就可解决问题．解答：&解：问题拓展：设A（x，y）为⊙P上任意一点，∵P（a，b），半径为r，∴AP2=（xa）2+（yb）2=r2．故答案为（xa）2+（yb）2=r2；
综合应用：①∵PO=PA，PD⊥OA，∴∠OPD=∠APD．在△POB和△PAB中，&，∴△POB≌△PAB，∴∠POB=∠PAB．∵⊙P与x轴相切于原点O，∴∠POB=90°，∴∠PAB=90°，∴AB是⊙P的切线；②存在到四点O，P，A，B距离都相等的点Q．当点Q在线段BP中点时，∵∠POB=∠PAB=90°，∴QO=QP=BQ=AQ．此时点Q到四点O，P，A，B距离都相等．∵∠POB=90°，OA⊥PB，∴∠OBP=90°∠DOB=∠POA，∴tan∠OBP= =tan∠POA= ．∵P点坐标为（0，6），∴OP=6，OB= OP=8．过点Q作QH⊥OB于H，如图3，则有∠QHB=∠POB=90°，∴QH∥PO，∴△BHQ∽△BOP，∴ = = = ，∴QH= OP=3，BH= OB=4，∴OH=84=4，∴点Q的坐标为（4，3），∴OQ= =5，∴以Q为圆心，以OQ为半径的⊙O的方程为（x4）2+（y3）2=25．xkb1&点评：&本题是一道阅读题，以考 查阅读理解能力为主，在解决问题的过程中，用到了全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质、等腰三角形的性质、勾股定理、切线的判定与性质、直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半、三角函数的定义等知识，有一定的综合性．　22．（14分）（;日照）如图，抛物线y= x2+mx+n与直线y= x+3交于A，B两点，交x轴与D，C两点，连接AC，BC，已知A（0，3），C（3，0）．（Ⅰ）求抛物线的解析式和tan∠BAC的值；（Ⅱ）在（Ⅰ）条件下：（1）P为y轴右侧抛物线上一动点，连接PA，过点P作PQ⊥PA交y轴于点Q，问：是否存在点P使得以A，P，Q为顶点的三角形与△ACB相似？若存在，请求出所有符合条件的点P的坐标；若不存在，请说明理由．（2）设E为线段AC上一点（不含端点），连接DE，一动点M从点D出发，沿线段DE以每秒一个单位速度运动到E点，再沿线段EA以每秒 个单位的速度运动到A后停止，当点E的坐标是多少时，点M在整个运动中用时最少？&
考点：&二次函数综合题；线段的性质：两点之间线段最短；矩形的判定与性质；轴对称的性质；相似三角形的判定与性质；锐角三角函数的定义．.专题：&压轴题．分析：&（Ⅰ）只需把A、C两点的坐标代入y= x2+mx+n，就可得到抛物线的解析式，然后求出直线AB与抛物线的交点B的坐标，过点B作BH⊥x轴于H，如图1．易得∠BCH=∠ACO=45°，BC= ，AC=3 ，从而得到∠ACB=90°，然后根据三角函数的定义就可求出tan∠BAC的值；（Ⅱ）（1）过点P作PG⊥y轴于G，则∠PGA=90°．设点P的横坐标为x，由P在y轴右侧可得x＞0，则PG=x，易得∠APQ=∠ACB=90°．若点G在点A的下方，①当∠PAQ=∠CAB时，△PAQ∽△CAB．此时可证得△PGA∽△BCA，根据相似三角形的性质可得AG=3PG=3x．则有P（x，33x），然后把P（x，33x）代入抛物线的解析式，就可求出点P的坐标②当∠PAQ=∠CBA时，△PAQ∽△CBA，同理，可求出点P的坐标；若点G在点A的上方，同理，可求出点P的坐标；（2）过点E作EN⊥y轴于N，如图3．易得AE= EN，则点M在整个运动中所用的时间可表示为 + =DE+EN．作点D关于AC的对称点D′，连接D′E，则有D′E=DE，D′C=DC，∠D′CA=∠DCA=45°，从而可得∠D′CD=90°，DE+EN=D′E+EN．根据两点之间线段最短可得：当D′、E、N三点共线时，DE+EN=D′E+EN最小．此时可证到四边形OCD′N是矩形，从而有ND′=OC=3，ON=D′C=DC．然后求出点D的坐标，从而得到OD、ON、NE的值，即可得到点E的坐标．解答：&解：（Ⅰ）把A（0，3 ），C（3，0）代入y = x2+mx+n，得&，解得： ．∴抛物线的解析式为y= x2 x+3．联立 ，解得： 或 ，∴点B的坐标为（4，1）．过点B作BH⊥x轴于H，如图1．∵C（3，0），B（4，1），∴BH=1，OC=3，OH=4，CH=43=1，∴BH=CH=1．∵∠BHC=90°，∴∠BCH=45°，BC= ．同理：∠ACO=45°，AC=3 ，∴∠ACB=180°45°45°=90°，∴tan∠BAC= = = ；
（Ⅱ）（1）存在点P，使得以A，P，Q为顶点的三角形与△ACB相似．过点P作PG⊥y轴于G，则∠PGA=90°．设点P的横坐标为x，由P在y轴右侧可得x＞0，则PG=x．∵PQ⊥PA，∠ACB=90°，∴∠APQ=∠ACB=90°．若点G在点A的下方，①如图2①，当∠PAQ=∠CAB时，则△PAQ∽△CAB．∵∠PGA=∠ACB=90°，∠PAQ=∠CAB，∴△PGA∽△BCA，∴ = = ．∴AG=3PG=3x．则P（x，33x）．把P（x，33x）代入y= x2 x+3，得&x2 x+3=33x，整理得：x2+x=0解得：x1=0（舍去），x2=1（舍去）．②如图2②，当∠PAQ=∠CBA时，则△PAQ∽△CBA．同理可得：AG= PG= x，则P（x，3 x），把P（x，3 x）代入y= x2 x+3，得&x2 x+3=3 x，整理得：x2 x=0解得：x1=0（舍去），x2= ，∴P（ ， ）；若点G在点A的上方，①当∠PAQ=∠CAB时，则△PAQ∽△CAB，同理可得：点P的坐标为（11，36）．②当∠PAQ=∠CBA时，则△PAQ∽△CBA．同理可得：点P的坐标为P（ ， ）．综上所述：满足条件的点P的坐标为（11，36）、（ ， ）、（ ， ）；（2）过点E作EN⊥y轴于N，如图3．在Rt△ANE中，EN=AE•sin45°= AE，即AE= EN，∴点M在整个运动中所用的时间为 + =DE+EN．作点D关于AC的对称点D′，连接D′E，则有D′E=DE，D′C=DC，∠D′CA=∠DCA=45°，∴∠D′CD=90°，DE+EN=D′E+EN．根据两点之间线段最短可得：当D′、E、N三点共线时，DE+EN=D′E+EN最小．此时，∵∠D′CD=∠D′NO=∠NOC=90°，∴四边形OCD′N是矩形，∴ND′=OC=3，ON=D′C=DC．对于y= x2 x+3，当y=0时，有 x2 x+3=0，解得：x1=2，x2=3．∴D（2，0），OD=2，∴ON=DC=OCOD=32=1，∴NE=AN=AOON=31=2，∴点E的坐标为（2，1）．& &点评：&本题主要考查了运用待定系数法求抛物线 的解析式、求直线与抛物线的交点坐标、抛物线上点的坐标特征、三角函数的定义、相似三角形的判定与性质、解一元二次方程、两点之间线段最短、轴对称的性质、矩形的判定与性质、勾股定理等知识，综合性强，难度大，准确分类是解决第（Ⅱ）（1）小题的关键，把点M运动的总时间 + 转化为DE+EN是解决第（Ⅱ）（2）小题的关键．&文章来源莲 山课件 w ww.5 Y
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