2014潍坊市中考物理试卷（有答案和解释）
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2014潍坊市中考物理试卷（有答案和解释）
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2014潍坊市中考物理试卷（有答案和解释）
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文 章来源莲山 课件 w w w.5Y k J.C om 山东省潍坊市2014年中考物理试卷　一、（共9小题，共18分）1．（2分）（;潍坊）为提高全体市民的防空安全意识，我市每年都要进行防空警报演练．为了使警报声传的更远，应该提高警报声的（　　）　&A．&音调&B．&响度&C．&音色&D．&频率
考点：&响度．专题：&声现象．分析：&度是指声音的强弱，它与物体振幅有关和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大；距离发声体越远，响度越小．根据这个内容，对本题进行分析．解答：&解：因为相同响度的声音，距离越远，听到的声音的响度越小，说明响度与离声源距离有关．例如：当我们听不清某个人说话的声音时，总是强调对方要“大点声”，就是要求对方说话时响度大；同理，为了使警报声传的更远，应该提高警报声的响度．故ACD不符合题意． 故选B．点评：&本题考查学生对声音响度知识的了解，并要掌握与响度有关的因素．　2．（2分）（;潍坊）用测电笔辨别火线与零线时，下列图中正确的操作方法是（　　）&　&A．&①②&B．&①③&C．&②④&D．&①④
考点：&测电笔的使用．专题：&基本仪器的使用专题．分析：&用测电笔来鉴别火线与零线．使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光．解答：&解：①④笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，当笔尖接触检测导线时，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线．操作正确．②手接触笔尖金属体，当测电笔接触火线时，人间接接触火线，会发生触电事故．操作错误．③笔尖接触要检测的导线，手没有接触笔尾金属体，当笔尖接触检测火线或零线时，氖管都不发光．操作错误．故选D．点评：&测电笔时一定要注意使用的安全性和正确性．　3．（2分）（;潍坊）如图所示，吊在天花板下面的电灯处于静止状态，如果某一天，吊线突然间断开的同时，所受外力全部消失，则电灯将（　　）&　&A．&竖直向下匀速运动&B．&竖直向下加速运动　&C．&保持原来静止状态&D．&竖直向上匀速运动
考点：&物体运动状态变化的原因．
专题：&运动和力．分析：&根据牛顿第一定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．解答：&解：因为物体的运动必须有力来改变，若所有的力都消失了，则物体的运动状态将不做任何改变，即仍保持静止状态；故选C．点评：&本题极易出错，其原因就是很多同学只想到了拉力而忽略了重力；应明确，所有的力消失包括重力．　4．（2分）（;潍坊）学习了密度知识后，李明同学根据日常生活经验，对一个鸡蛋的体积进行了估算，下列估算值最接近实际的是（　　）　&A．&10cm3&B．&50cm3&C．&100cm3&D．&150cm3
考点：&密度公式的应用．专题：&估算综合．分析：&首先估计出一个鸡蛋的质量约为50g，密度与水的密度差不多，再用公式V= 算出鸡蛋的体积，选出正确的答案．解答：&解：一个鸡蛋的质量约m=50g，密度约ρ=1g/cm3，∵ρ=，∴一个鸡蛋的体积V= = =50cm3．故选B．点评：&估算是中学生要掌握的一种基本能力，平时要对日常生活中的质量、长度、体积、密度、电压、功率、速度等物理问题进行留心观察，注意思考，积累和培养估算的能力．　5．（2分）（;潍坊）铺设柏油马路时，需要把沥青由固态熔化成液态．下列图象能正确表示这一过程的是（　　）　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&熔化和凝固的温度―时间图象．专题：&图像综合题．分析：&（1）晶体和非晶体的重要区别，晶体和非晶体有没有一定的熔点和凝固点．（2）通过图象中是否有不变的温度，首先可判断出是晶体还是非晶体，然后再根据物态变化之前温度逐渐上升还是逐渐下降判断是熔化还是凝固．解答：&解：沥青是非晶体．根据图象可知，A、C选项有温度保持不变的直线，所以A、C是晶体，因此排除；图象B不断吸收热量，温度上升，是非晶体的熔化图象．图象D不断放出热量，温度降低，是非晶体凝固图象．综上分析，只有选项B符合题意．故选B．点评：&根据图象是否有不变的温度判断是晶体还是非晶体，然后根据温度不变之前的温度升高还是降低判断是熔化图象还是凝固图象．　6．（2分）（;潍坊）一束光从水中斜射入空气中时，发生了反射和折射现象．下列光路图能正确表示这一现象的是（　　）　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&作光的反射光路图；作光的折射光路图．专题：&图像综合题．分析：&当光从水下斜射入空气时，在发生光的折射的同时，在水面处会发生光的反射．在发生光的反射时，反射角等于入射角；在发生光的折射时，折射光线与入射光线分居法线两侧，光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角．解答：&解：A、图中反射角大于入射角，故错误；B、图中入射光线与折射光线在发现同一侧，且反射角小于入射角，故错误；C、图中折射角小于入射角，故错误；D、图中反射角等于入射角，折射光线与入射光线分居法线两侧，且折射角大于入射角，故正确．故选D．点评：&在解答光的折射光路图时要注意：不管光从哪种介质斜射向哪种介质，在光疏质（密度比较小的物质）里面的角（入射角或折射角）较大；在光密质（密度比较大的物质）里面的角（入射角或折射角）较小，即“疏大密小”． 角度越小，光线越靠近法线．　7．（2分）（;潍坊）小华同学的家附近有一公共自行车站点，他经常骑公共自行车去上学，某一次从家到学校运动的st图象如图2所示，则小华从家到学校的平均速度是（　　）&　&A．&135m/s&B．&168.75m/s&C．&2.25m/s&D．&2.81m/s
考点：&速度的计算．专题：&长度、时间、速度．分析：&从图上读出全程的路程和时间，根据速度公式v=计算全程的平均速度．解答：&解：由图象可知整个路程s=1350m，时间t=10min=600s，整个过程平均速度：v== =2.25m/s．故选C．点评：&对于此类图象题，一定要明确横、纵坐标所表示的物理量，弄清物理量之间的联系，抓住其中的关键点、关键线段结合相应的物理知识进行分析解答．　8．（2分）（;潍坊）汽车已经成为现代生活中不可缺少的一部分，现代汽车多数采用汽油机作为发动机，如图是四冲程汽油机的工作循环示意图，下列说法中正确的是（　　）&　&A．&甲冲程是把机械能转化为内能&B．&乙冲程是把内能转化为机械能　&C．&丙冲程是把机械能转化为内能&D．&丁冲程是把内能转化为机械能
考点：&内燃机的四个冲程．专题：&比热容、热机、热值．分析：&热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能．解答：&解：热机的四个冲程，吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．甲图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能，故A正确；乙图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，没有能量转化的过程，故B错误；丙图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将内能转化为了机械能，故C错误；丁图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，没有能量转化的过程，故D错误．故选A．点评：&此题考查了对内燃机四个冲程的判断以及涉及能量转化的两个冲程，要结合气门和活塞运动情况进行判断．　9．（2分）（;潍坊）张宇同学有一辆黑猫警长玩具电动车，车内电路由干电池、电动机和开关组成，电动机M1控制车辆行驶，电动机M2控制警长转动，当只闭合开关S1时，车能行驶，警长不转动；当只闭合开关S2时，车和警长都不动；同时闭合开关S1和S2时，车能行驶，警长能转动，下列电路图中能符合上述设计要求的是（　　）　&A．& &B．& &C．& &D．&
考点：&电路图设计．专题：&电流和电路．分析：&根据题目中的要求：结合串并联电路中开关的控制作用即可知道电路的连接方式，并逐一对应各选项的电路图，选出符合题意的电路图．解答：&解：根据串并联电路的特点进行分析，开关S1控制整个电路，电动机M1与电动机M2工作时相互不影响，应为并联．控制黑猫警长旋转的电动机M2由开关S2控制；因此正确的电路图为图D．故选D．点评：&会根据要求设计串并联电路，同时会根据已知电路分析出符合要求的电路是解决本题的关键．　二、多项（共8题，共32分．选项至少有两个是正确的，选对每小题得4分，对但不全得2分，选错或不选得0分）10．（4分）（;潍坊）建筑工地上，装修工人用如图所示的滑轮组运送材料和废料，先将质量为m的地板砖从地面匀速提升到三楼，工人所用拉力为F1，滑轮组的机械效率为η1；然后又将质量为m的废料从三楼匀速运送到地面，工人所用拉力为F2，滑轮组的机械效率为η2，则（　　）&　&A．&η1=η2&B．&η1＞η2&C．&F1=F2&D．&F1＞F2
考点：&滑轮组绳子拉力的计算；机械效率的大小比较．专题：&；简单机械．分析：&（1）根据W总=Fs，W有用=Gh分别比较总功、有用功的大小，利用公式η= 来比较机械效率的大小；（2）利用F=（G物+G动）可知拉力大小．解答：&解：（1）由题意工人所用滑轮组由2段绳子承担动滑轮及物重，运送物体质量相同，故所用拉力F1、F2大小相同，拉力F1、F2提升、下放物体通过距离相同，根据W总=Fs可知：W总1=W总2；质量相同的物体，前后两次提升物体质量相同及物体在重力方向通过距离也相同，根据W有用=Gh可知：W有用1=W有用2；根据η= 可知：η1=η2，故A正确，B错误．（2）由图可知：n=2，∵滑轮匀速运动，∴F1=（G物1+G动），F2=（G物2+G动），∵G物1=G物2=mg，∴F1=F2；故C正确，D错误．故选AC．点评：&这是综合性很强的题目，要用到重力、机械效率以及滑轮的知识，关键是知道将废料匀速运送到地面时，是废料的重力做功．　11．（4分）（;潍坊）如图所示，在同一水平面上，有表面粗糙程度相同、质量不同（mp＜mQ）的两个木块，按照甲、乙、丙、丁四种方式放置，分别在水平力F1，F2，F3和F4的作用下，做匀速直线运动，则下列关系式正确的是（　　）&　&A．&F1＞F2&B．&F2＜F3&C．&F3＞F4&D．&F3=F4
考点：&摩擦力大小的影响因素．专题：&运动和力．分析：&物体与地面间的滑动摩擦力与接触面的材料、粗糙程度及物体间的压力有关，在接触面相同的情况下，物体间的压力越大，物体间的滑动摩擦力越大解答：&解：摩擦力的大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关，两个影响因素不变，摩擦力不变．（1）表面粗糙程度相同、质量不同甲、乙两图中，∵（mp＜mQ），∴Gp＜GQ，∴F1＜F2，故A错误；（2）乙、丙比较，表面粗糙程度相同，F3＞F2，故B正确；（3）丙、丁实验在压力大小和接触面的粗糙程度不变时，改变了接触面积的大小，摩擦力不变，故D正确．故选BD．点评：&此题考查了二力平衡条件和影响摩擦力的因素，需要清楚的是：滑动摩擦力只与压力和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关．　12．（4分）（;潍坊）王斌同学根据如图所示的原理，只做了一台小型风力发电机，用以辅助照明，发电机工作时，发现灯泡发光较暗，下列措施能够增加灯泡亮度的是（　　）&　&A．&把铜线圈换成铁线圈&B．&换用磁性较强的磁体　&C．&提高线圈的转动速度&D．&换用匝数较多的线圈
考点：&电磁感应．专题：&电动机、磁生电．分析：&闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，感应电流的方向和导体的运动方向、磁场方向有关；感应电流的大小和线圈的匝数、磁场的强弱、线圈的转速有关．解答：&解：由于铁线圈的电阻大于铜线圈的电阻，因此把铜线圈换成铁线圈会增大电路中的电阻，从而减小电路中的电流，使灯泡发光更暗，故A不符合题意；因为影响感应电流的大小的因素有线圈的匝数、磁场的强弱、线圈的转速，因此可以通过增加线圈匝数、换用磁性较强的磁体、提高线圈的转速来增大感应电流的大小；故BCD符合题意．故选BCD．点评：&此题考查了影响感应电流大小的因素，是一道基础题．　13．（4分）（;潍坊）在索契冬奥会上，我国选手贾宗洋在自由式化学比赛中获得铜牌．他在比赛过程中运动的轨迹（a→b→c→d→e）如图所示，如果不计空气阻力，则贾宗洋（　　）&　&A．&从a点下滑到b点过程中，动能增加　&B．&从b点运动到c点过程中，重力势能增加　&C．&在c点的机械能等于d点的机械能　&D．&在a点的重力势能等于c点的重力势能
考点：&动能和势能的转化与守恒．专题：&机械能及其转化．分析：&机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；在分析动能和重力势能之间的转化过程中，机械能的变化情况时，要搞清题目提供的条件或环境，此题的条件是：①不计空气阻力；②滑雪板与雪之间存在摩擦．解答：&解：A、从a点下滑到b点过程中，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，重力势能转化为动能；故A正确；B、从b点运动到c点过程中，高度增加，重力势能增大，速度减小，动能减小，动能转化为重力势能，故B正确；C、从c点下落到d点过程中，贾宗洋处于腾空状态，与雪之间没有摩擦，在不计空气阻力的情况下，机械能保持不变，故C正确；D、在a点和c点都处于静止状态，动能都为零，a、c两点高度不同，重力势能不同，故D错误；故选ABC．点评：&结合机械能的概念（动能、重力势能概念），根据题目的条件可分析出答案．物体处于静止状态，只能说明它的动能为零，它的机械能不一定为零．　14．（4分）（;潍坊）如图所示的电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列说法正确的是（　　）&　&A．&电流表示数变大，电压表示数变小&B．&电流表示数变小，电压表示数变大　&C．&R两端的电压和消耗的功率都变小&D．&电路消耗的总电功率变大
考点：&电路的动态分析．专题：&电路变化分析综合题．分析：&由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化和定值两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．解答：&解：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；故A错误；根据U=IR可知，定值电阻两端的电压变小，根据P=UI可知，定值电阻的实际功率变小，电路消耗的总电功率变小；故C正确，D错误；根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确．故选BC．点评：&本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会分析滑片移动时滑动变阻器接入电路中电阻的变化．　15．（4分）（;潍坊）如图所示，质量和底面积都相同的两个容器，分别装有质量和深度均相等的甲乙两种不同液体，下列说法正确的是（　　）&　&A．&甲液体的密度大于乙液体的密度　&B．&两容器对桌面的压强大小相等　&C．&两容器底部所受液体的压强大小相等　&D．&两容器底部所受液体的压力大小相等
考点：&压强大小比较；压力及重力与压力的区别．专题：&压强、液体的压强．分析：&①根据质量和体积的关系，并利用密度公式比较液体密度的大小，②根据压强公式p=分析两容器对桌面的压强．③根据公式p=ρgh分析液体对容器底部压强的大小关系．④由图可知，甲容器是上小下大，乙容器是上下一样，所以甲液体对其底部的压力F甲＞mg，乙液体对其底部的压力F乙mg，根据m甲=m乙=m，可判断出二者的压力关系．解答：&解：A、因为液体的质量相同，并且V甲＜V乙，所以由ρ=可知，ρ甲＞ρ乙．故A正确；B、根据压强公式p=，质量和底面积都相同的两个容器对桌面的压强大小相等．故B正确C、两容器中的液体深度h相同，ρ甲＞ρ乙，根据公式p=ρgh可得，p甲＞p乙．故C错误．D、因为甲容器是上小下大，乙容器是上下一样，分析可知，甲液体对其底部的压力F甲＞mg，乙液体对其底部的压力F乙=mg，题中给出的条件是m甲=m乙=m，所以F甲＞F乙．故D错误；故选AB．点评：&题考查了学生对压强公式的掌握和运用，能够确定液体密度和深度的大小关系是本题的关键．　16．（4分）（;潍坊）一轻质弹簧的下端固定在容器底部，上端放一小球（不连接），如图所示，向容器中缓慢倒入水，使小球完全浸没且静止在水中，此时小球可能受（　　）&　&A．&重力、浮力、弹力和压力&B．&重力、浮力和拉力　&C．&重力、浮力和弹力&D．&重力和浮力
考点：&重力；浮力产生的原因．专题：&运动和力．分析：&小球浸没在水中静止，受到的力是平衡力，由此进行受力分析即可得到答案．解答：&解：小球完全浸没且静止在水中，此时小球受到的浮力可能小于重力，也可能等于重力．如果小球受到的浮力等于重力，则小球只受到浮力和重力的作用；如果小球受到的浮力小于重力，则小球除受到浮力和重力的作用外，还受到弹簧对它弹力的作用．故选CD．点评：&解答此题的难点在于能否正确分析出小球所受到的弹力情况．　17．（4分）（;潍坊）如图所示是艺术体操训练房的俯视图，训练房的北墙有一大平面镜，当老师从室外进入到图示位置时，甲、乙、丙、丁四位同学能通过平面镜观察到老师的是（　　）&　&A．&甲同学&B．&乙同学&C．&丙同学&D．&丁同学
考点：&平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：&光的传播和反射、平面镜成像．分析：&人看到物体在平面镜中的像，是因为反射光线进入人眼的缘故．该题可以分别做出四个学生的在平面镜中的像，连接像和老师的位置，连线不通过屏风者，都能看到老师．解答：&解：根据平面镜成像的特点，分别作出四个同学在平面镜中的像，如图所示，像和老师的连线没有通过屏风的有甲和乙同学．故选AB． 点评：&该题考查了根据平面镜成像的特点来确定像的位置，容易出错的是：许多不是画物体的像，而是画出人眼的像，注意人眼能看到物体是反射光线进入人眼而不是人眼发出光线．　三、实验题（共5小题，共25分）18．（2分）（;潍坊）如图所示，将点燃的蜡烛放在距凸透镜20cm处时，在另一侧距凸透镜20cm处的光屏上出现了一个与烛焰等大的清晰像，若保持物距不变，更换一个焦距为15cm的凸透镜，要想在屏上出现清晰像，下列操作可行的是（　　）&　&A．&使屏远离透镜&B．&使屏靠近透镜&C．&使屏向上移动&D．&使屏向下移动
考点：&凸透镜成像规律及其探究实验．专题：&探究型实验综合题．分析：&当u=2f时，成倒立、等大的实像，像距v=2f；当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像，像距v＞2f．解答：&解：当u=20cm时，在另一侧距凸透镜20cm处的光屏上可以得到一个与蜡烛等大的像，所以2f=20cm，即f=10cm；当凸透镜焦距为15cm时，f=15cm＜20cm＜2f=30cm，成倒立、放大的实像，像距v＞2f=30cm，所以屏应远离透镜．故选A．点评：&此题考查了对凸透镜成像规律的理解，难度适中，熟练掌握凸透镜成像规律是解题关键．　19．（3分）（;潍坊）在做电学实验时，有时会遇到电路元件接触不良现象，一般要利用电压表来检测故障发生的位置．小强同学连接了如图所示电路，开关闭合后灯泡不亮，电流表的示数为零，此时用电压表测得a、d间电压不为零，a、c间电压为零，c、d间的电压不为零，这说明（　　）&　&A．&电源接线柱接触不良&B．&开关的触片或接线柱接触不良　&C．&电流表连接柱接触不良&D．&灯泡灯丝断了或灯座接触不良
考点：&电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：&电流和电路．分析：&要解决此题，需要知道电路中若无电流，则电路出现了断路现象，用电压表检测电路时，将电压表分别与各部分电路并联，若电压表的示数约等于电源电压，则该处发生了断路．解答：&解：开关闭合后，电灯不亮，电流表无示数，说明电路出现断路现象；用电压表检测时，发现a、d间电压不为零，说明电源完好；c、d间的电压不为零，而a、c两点间的电压均为零，说明电流表和灯泡都完好，因此是开关出现断路现象．故选B．点评：&此题主要考查了用电压表判断电路故障的一种方法，当电压表有示数时说明电压表之间的部分可能发生了断路．　20．（4分）（;潍坊）在探究通电螺线管磁场的实验中，在螺线管附近放两个小磁针，硬纸板上均匀地撒满铁屑，通电后观察到小磁针静止时的指向和铁屑的排列如图甲所示，请你根据图甲所示的实验结果，在图乙中画出螺线管周围的磁感线分布情况（画出5条线），并标出螺线管N极和S极．&
考点：&通电螺线管的磁场．专题：&磁现象、电生磁．分析：&由图可知小磁针的N极指向，则由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，由磁感线的特点可画出磁感线．解答：&解：小磁针静止时N极向左，因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故螺线管左侧为N极，右侧为S极；因外部磁感线由N极指向S极，则答案如图所示：&点评：&本题考查磁极间的相互作用及磁感线的特点，要求学生能熟记常见磁感线的特点及磁体的磁感线形状．　21．（8分）（;潍坊）现有下列器材：二节干电池、一个单刀单掷开关S1、一个单刀双掷开关S2、电压表（0～3V、0～15V）、阻值为10Ω的定值电阻R0、导线若干．利用这些器材测量滑动变阻器Rx的最大阻值，实验电路图如图甲所示． （1）请你根据图甲所示的电路图，将图乙中的实物图连接完整（导线不交叉）．（2）电路连好之后，按照下列步骤进行操作：①移动滑动变阻器的滑片，使其连入电路的阻值最大，闭合开关S1，将开关S2拨至a处，记下电压表的示数U1=　2.5　V（如图丙）；②将开关S2拨至b处，记下电压表的示数U2=　1　V（如图丁）；③先断开开关S1和S2，再撤去　电源　两端的导线，然后整理器材．（3）根据上述有关数据，求出滑动变阻的最大阻值为　15　Ω．
考点：&欧姆定律的应用． 专题：&测量型实验综合题．分析：&（1）根据电路图和实物图可知，需将开关S2的a接线柱与电源正极相连，开关S2的b接线柱与R0的右接线柱相连，并且R0的右接线柱与滑动变阻器相连，据此连接实物电路；（2）根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数；拆卸电路时，首先将电源断开；（3）根据电路图可知，闭合开关S1，将开关S2拨至a处时，电路为滑动变阻器和定值电阻的串联电路，电压表测量电源电压；将开关S2拨至b处，电路仍然为滑动变阻器和定值电阻的串联电路，电压表测量定值电阻两端电压；先根据定值电阻的阻值和两端电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，再利用串联电路电压的特点以及欧姆定律的变形公式求出滑动变阻器的最大阻值．解答：&解：（1）将开关S2的a接线柱与电源正极相连，开关S2的b接线柱与R0的右接线柱相连，并且R0的右接线柱与滑动变阻器下方任一接线柱相连；如下图所示：&（2）根据实物图可知，电压表量程为0～3V，分度值为0.1AV，由图丙可知电压表示数为2.5V；由图丁可知，电压表的示数为1V；拆卸电路时，先断开开关，再撤去电源两端的导线，然后整理器材．（3）当定值电阻与滑动变阻器的最大阻值串联时，电路中的电流：I= = =0.1A；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器量电压为U滑=2.5V1V=1.5V；由I=可知，滑动变阻器的最大阻值：R滑= = =15Ω．故答案为：（2）2.5；1；电源；（3）15．点评：&本题考查了根据电路图连接实物图、电压表的读数、串联电路的特点以及欧姆定律的应用，涉及的内容多，但都属于基础知识考查范围．　22．（8分）（;潍坊）现有下列实验器材：铁架台、卷尺、质量为m0的钩码一个、细棉线若干，请你利用上述器材设计一个实验方案，测出一支粗细不均匀竹筷的质量，要求：（1）写出主要实验步骤及所要测量的物理量（可画图辅助说明）；（2）写出竹筷质量的表达式m筷子=　 　．
考点：&质量的测量与天平．专题：&测量型实验综合题．分析：&从所给的器材来看，确实可以根据杠杆的平衡条件来测量筷子的质量．解答：&解：步骤：1、用细线系住筷子某处，并悬挂在铁架台上，仔细调节所系处，使筷子刚好平衡，此时所系处称为O点（也是筷子的重心位置）．2、用卷尺测量出O点到细端A的距离L1， &3、在细端通过细线挂上质量为m0的钩码，并移动悬挂点到O′处，使筷子重新平衡．4、用卷尺测量出O′点到细端A的距离L2．&这时对筷子来说，它受到三个力：本身重力Mg，悬挂绳子的拉力F，细端拉力m0g．&根据杠杆的平衡条件，得Mg（L1L2）=m0g×L2，所以筷子的质量是M= ．故答案为：（2） ．点评：&本题巧用杠杆平衡条件测量筷子的质量，难点在实验步骤的设计，想到把筷子当做杠杆去用是本题的突破口．　四、（本大题共3小题，共25分）23．（6分）（;潍坊）马来西亚航空公司客机MH370失联后，各国积极参与搜寻工作、澳大利亚海军“海洋之盾”号补给舰在搜寻海域投放了“蓝鳍金枪鱼21”自主式水下航行器搜寻飞机黑匣子．已知这种水下舰行器的体积约为0.96m3，海水的密度为1.03×103kg/m3，g=10N/kg，当它在4000m深处时，求：（1）航行器受到海水压强的大小；（2）航行器受到海水浮力的大小．
考点：&液体的压强的计算；浮力大小的计算．专题：&压强和浮力．分析：&（1）根据压强公式p=ρgh求解航行器下潜至4000m深度时，受到海水的压强．（2）根据浮力公式F浮=ρ液gV排求解航行器受到海水浮力的大小．解答：&解：（1）航行器受到海水压强为：p=ρgh=1.03×103kg/m3×10N/kg××107Pa；（2）航行器受到海水浮力是：F浮=ρ海水gV排=1.03×103kg/m3×10N/kg×0.96m3=9888N；答：（1）航行器受到海水压强的大小为4.12×107Pa；（2）航行器受到海水浮力的大小为9888N．点评：&本题考查了压强和浮力的计算，关键是知道舰行器的体积就是它排开海水的体积，是一道基础题，认真计算即可正确解题．　24．（8分）（;潍坊）小明家的电热水壶具有自动加水和加热两种功能，其装置如图所示，烧水时，先按一下加水按钮，自吸泵把水从水桶抽到壶内，当壶内水位达到规定容量时，自吸泵自动停止抽水；再按一下加热按钮，加热装置将对壶内的水加热，当水沸腾时，加热装置自动停止加热，已知水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃），水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg，电热水壶的铭牌数据如表．产品型号&BHX22额定电压&220V频率&50Hz加热功率&1200W容量&1.2L（1）如果自吸泵抽水效率为60%，求自吸泵将1.2L水提升0.5m消耗的电能．（2）电热水壶正常工作时，把1.2L水从20℃加热到100℃用的时间是6min，求电热水壶的热效率．&
考点：&电功与热量的综合计算．专题：&电和热综合题．分析：&（1）先根据密度的变形公式求出水的质量，再根据W有=Gh求出有用功，最后利用η= 即可求出自吸泵消耗的电能；（2）先根据W=Pt求出消耗的电能，然后根据Q吸=cm△t求出水吸收的热量，然后根据η= 求出电热水壶的热效率．解答：&解：（1）由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1×103kg/m3×1.2×103m3=1.2kg；则水的重力：G=mg=1.2kg×10N/kg=12N；有用功：W有=Gh=12N×0.5n=6J；由η= 可得，自吸泵消耗的电能：W总= = =10J；（2）电热水壶消耗的电能：W=Pt=1200W×6×60s=4.32×105J；把1.2L水从20℃加热到100℃吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.2kg×（100℃20℃）=4.032×105J；则电热水壶的热效率：η= ×100%= ×100%=93.3%．答：（1）自吸泵将1.2L水提升0.5m消耗的电能为10J；（2）电热水壶的热效率为93.3%．点评：&本题考查了密度、重力、功、吸热公式、电功公式以及热效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型，从电热水壶铭牌得出相关信息是本题的关键．　25．（11分）（;潍坊）如图所示的电路中，电源电压为5V且保持不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，R1为滑动变阻器，R2=20Ω，灯泡L标有“4V1.6W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．在仪表和灯泡安全工作的情况下，求：（1）开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1消耗的最大功率；（2）开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1允许的取值范围．&
考点：&电功率的计算；欧姆定律的应用．专题：&电能和电功率．分析：&（1）开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1和R2并联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测干路中的电流；根据R2=20Ω，可求得流经R2的电流，然后可求得滑动变阻器R1的电流，再根据P=UI可求得滑动变阻器R1消耗的最大功率；（2）开关S1闭合，S2和S3断开时，R1与L串联，根据灯泡L标有“4V1.6W”字样，求得灯泡L的电阻，根据电压表量程为0～3V，可知滑动变阻器R1的最大电压为3V，则灯泡两端电压为2V，由此可求得电路中的电流，然后可求得滑动变阻器R1的最大阻值；当灯泡L两端电压为4V时，滑动变阻器R1的最小电压为1V，此可求得电路中的电流，然后可求得滑动变阻器R1的最小阻值．解答：&解：（1）开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1和R2并联，滑动变阻器R1两端的最大电压为5V，由I=，可得流经R2的电流I2= = =0.25A，∵电流表测干路中的电流，∴流经滑动变阻器R1的最大电流I1=0.6A0.25A=0.35A，则滑动变阻器R1消耗的最大功率P1=U1I1=5V×0.35A=1.75W；（2）灯泡L的电阻RL= = =10Ω，开关S1闭合，S2和S3断开时，R1与L串联，由电压表量程为0～3V，可知滑动变阻器R1的最大电压为3V，则灯泡两端电压为2V，则电路中的最小电流I1= =0.2A；则滑动变阻器R1的最大阻值R最大= =15Ω，当灯泡L两端电压为4V时，滑动变阻器R1的最小电压为1V，此可求得电路中的最大电流 = =0.4A，滑动变阻器R1的最小阻值R最小= =2.5Ω．即滑动变阻器R1允许的取值范围在2.5Ω～15Ω之间．答：（1）开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1消耗的最大功率为1.75W；（2）开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1允许的取值范围在2.5Ω～15Ω之间．点评：&本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是电路中最大电流和最小电流的确定，此题有一定的拔高难度，属于难题． 文 章来源莲山 课件 w w w.5Y k J.C om
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