（2007o宿迁）法拉第电磁感应现象是指：“闭合电路的一部分导体在磁场里做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流．”小明和芳芳根据课文中的描述进行了进一步探究．（1）小明同学提出了“感应电流的大小可能与磁场的强弱有关”的猜想．除此以外你的猜想是：导体运动速度的快慢．写出验证你的猜想的主要步骤：分析实验结论：（2）芳芳同学思考：线圈的一边在磁场中做切割磁感线运动与单根导线在磁场中做切割磁感线运动，产生的感应电流的大小可能不一样．于是她验证如下：（a）先用大约25圈的漆包线圈的一条边框较快地切割磁感线运动；（b）然后用单根导线以相同的情况切割磁感线运动．你认为两次灵敏电流计指针偏转程度（ A）A．（a）较大 &&&B．（b）较大&&&&C．一样大 &&&D．无法确定（3）实验过程中小明与芳芳又用线圈和条形磁铁来做实验（如图所示），发现灵敏电流计指针发生偏转．你认为在此实验中产生感应电流大小跟什么因素有关？请你总结一下．（写出两条）①磁场强弱，②磁铁运动的快慢．（4）在（2）、（3）两个实验中，如何改变感应电流的方向？每个实验各写出一种方法．①改变切割方向，②改变磁极的方向．
解：（1）感应电流是由于导体在磁场中作切割磁感线运动而产生的，在已经对磁场方面做出猜想的前提下，就要从运动这方面做出猜想：感应电流的大小可能与导体运动的快慢有关．主要步骤：A、让导体ab以较慢的速度在磁场中向右运动．观察灵敏电流计的指针偏转角度．B、让导体ab在同一磁场中以较快的速度在磁场中向右运动．观察灵敏电流计的指针偏转角度．C、比较两次灵敏电流计偏转角度的大小．即可知道感应电流的大小可能与导体运动的快慢的关系．（2）因为多匝线圈在磁场中运动时，相当于多根导线同时切割磁感线，即相当于多个电源串联，则电路中电流较大，即（a）中较大，故选A；（3）我们知道导体切割磁感线可以产生感应电流，即导体和磁场中发生了相对运动；本题中磁场运动，可以认为导线相对于磁场发生了运动，故也可以产生感应电流；感应电流应于磁场的强弱、磁铁运动的变慢及线圈的匝数等有关．（4）感应电流的方向与切割方向及磁场方向有关，故二者都可以通过改变磁极方向和运动方向改变电流方向．即①改变切割方向（或改变磁极方向）；②改变磁极方向（或改变磁铁的运动方向）故答案为：（1）导体运动的快慢；（2）A；（3）磁铁强弱，磁铁运动的快慢；（4）改变切割方向（改变磁极方向），改变磁极方向（或改变磁铁的运动方向）．（1）由感应电流是由于导体在磁场中作切割磁感线运动而产生的，所以要围绕着磁场和运动来进行猜想．在验证时，要注意因为有两个猜想，故要控制变量磁场的强弱，利用灵敏电流计指针偏转角度表示产生电流的大小；（2）当多匝线圈同时切割时，相当于多个串联导线一起切割磁感线，则可以得出电流的强弱；（3）磁铁动和线圈动结果是一样的，都可根据导体切割磁感线进行分析．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．（1）连接电路时开关应断开，闭合开关前，图1中滑动变阻器的滑片P应置于A（选填“A”或“B”）端．（2）请你用笔画线代替导线，将图1中的实物电路连接完整．（3）小明同学在实验中连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是灯泡断路（写出一种即可）．（4）排除故障后，小明同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图2所示）为2.2V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图1中滑片P向B（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V．（5）小明同学继续移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图3示的I-U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5W．（6）小明分析图3所示的图象发现灯泡的电阻是变化的，他和同学们讨论得出了灯丝电阻随温度的升高而增大（选填“增大”或“减小”）的结论．（7）如果将图1中的小灯泡更换成定值电阻，且电路连接完好，还可以完成的实验是AA．探究电流与电压关系B．探究电流与电阻关系C．探究电流的磁场强弱与电流大小的关系D．探究电流做功的多少与电阻大小的关系．
解：（1）连接电路时，为防止电流过大烧坏电路元件、保护电路开关处于断开状态，滑动变阻器处于最大阻值的A处．（2）灯泡的额定电流约为=0.25A＜0.6A，所以电流表的量程为0～0.6A，电流从正接线柱流入负接线柱流出．如下图所示：（3）在实验中连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是小灯泡断路．（4）电压表量程为3V，分度值为0.1V，则电压表示数为2.2V；因灯泡两端电压小于额定电压，故应增大灯泡两端的电压，即应减小滑动变阻器的接入电阻，滑动变阻器滑片应向B端移动． （5）由图象可知，当U=2.5V时，I=0.2A；所以灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．（6）由图象可知，当温度升高时，电压的变化量比电流的变化量大，根据R=可知，灯丝电阻随温度的升高而增大．（7）把小灯泡换成定值电阻后，电阻阻值R，已知，由电压表可测出电阻两端的电压U，电流表可测流过电阻的电流，因此利用该电路可完成“探究电流与电压的关系”关系实验．故答案为：（1）断开；A；（2）如上图所示；（3）灯泡断路（其他正确均可）；（4）2.2；B；（5）0.5；（6）增大；（7）A．（1）连接电路时，开关处于断开状态和滑动变阻器处于最大阻值处都能保护电路．（2）根据灯泡的额定电压和大约电阻值求出额定电流的大约值确定电流表的量程，连接时要注意正负接线柱的连接．（3）灯泡不亮，可能是灯泡断路或灯泡断路或灯泡之外的电路断路；电流表无示数，可能是电流表断路或电流表之外的电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外不存在断路；综合分析可知电路故障为灯泡断路．（4）由电压表的量程和分度值读出电表的示数，由灯泡两端的电压小于额定电压可知应增大电路中电流，故应减小滑动变阻器的接入电阻．（5）根据图象得出额定电压下的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率．（6）由图象可知，电压的变化量比电流的变化量大，根据欧姆定律可知灯丝电阻随温度的变化．（7）已知电阻值，电路可测电阻两端的电压，流过电阻的电流，据此判断可完成哪个实验．开关电源线有现货3.4现货开关电源线
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（1）用笔画线代替导线完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时连入电路的电阻变小．
（2）小明把最后一根导线连接完毕后，立即看到电压表和电流表立即都有较大示数，他在实验操作中的两处错误是连接电路时开关没有断开和滑动变阻器滑片没有调到最大阻值处．
（3）改正错误后，小明改变Rx两端的电压和电流，某次测量时，电流表的示数为0.54A，电压表的示数如图乙所示，则此时Rx=4.8Ω．
（4）在某次实验时，电压表因出现故障而不能使用，小亮用原有的电流表、滑动变阻器，增添一个定值电阻R0和一个单刀双掷开关，设计了如图丙所示的电路．
测量时，闭合S1，将S2拨到1，电流表的示数为I1；将S0拨到2，电流表的示数为I2，小亮说待测电阻Rx=1
小明认真分析电路后发现小亮的设计不合理，原因是：当开关S2由1拨到3时，电阻R0和Rx两端的电压不相等．
（5）在只有一只电表的情况下，小明设计了如图所示的四种电路，电阻R0已知，当通过闭合或断开电路中的不同开关时，你认为能够测算出未知电阻Rx阻值的电路是ABD
解：（1）电流表、待测电阻、滑动变阻器串连接入电路，电压表并联在待测电阻两端，电路图如图所示；
故答案为：电路图如图所示．
（2）小明把最后一根导线连接完毕后，立即看到电压表和电流表立即都有较大示数，他在实验操作中的两处错误是连接电路时开关没有断开和滑动变阻器滑片没有调到最大阻值处．
故答案为：连接电路时开关没有断开；滑动变阻器滑片没有调到最大阻值处．
（3）由图知，电压表量程是3V，最小分度值是0.1V，电压表示数是2.6V，电阻阻值Rx==4.8Ω；
故答案为：4.8Ω．
（4）小亮的设计不合理，因为：当开关S2由1拨到2时，电阻R0和Rx两端的电压不相等；
故答案为：当开关S2由1拨到2时，电阻R0和Rx两端的电压不相等．
（5）A、当开关S1和S2都闭合时，Rx被短路只有R0中有电流，电流表测得此时的电流I，根据U=IR0求出电源电压；当只闭合开关S2时，定值电阻R0和Rx串联，电流表测得的即是R0的电流也是Rx中的电流Ix，根据U0=R0Ix求出R0表两端的电压，则Ux=U-U0，根据Rx=x
求出电阻．符合题意．
B、开关S1和S2都闭合时，R0被短路，电压表测量电源电压U；只闭合S2时，R0和Rx串联，电压表直接测量Rx两端的电压Ux．根据串联电路总电压等于各串联导体电压之和，求出定值电阻两端的电压U0=U-Ux，根据I0=0
，求出通过定值电阻的电流．根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0．根据Rx=x
求出电阻，符合题意．
C、当开关S1和S2都闭合时，I0和Rx并联，电压表测量电源电压、R0电压、Rx电压Ux；只闭合开关S2时，电压表测量电源电压、Rx电压Ux，不能直接或间接测量出Rx电流，所以不能求出Rx电阻．不符合题意．
D、当开关S1和S2都闭合时，定值电阻R0和Rx并联，电流表测量干路中电流I；只闭合开关S2时，Rx被断路，电流表测量
R0中电流I0．用并联电路电流特点，求出开关S0和S2都闭合时R0中电流Ix=I-I0，则R0两端电压U0=I0R0，根据并联电路电压特点知Ux=U0，根据Rx=x
求出电阻．符合题意．
（1）电流表、待测电阻、滑动变阻器串连接入电路，电压表并联在待测电阻两端；滑动变阻器的滑片向右滑动时连入电路的电阻变小，滑动变阻器使用右半段，接右下接线柱；
（2）小明把最后一根导线连接完毕后，立即看到电压表和电流表立即都有较大示数，电表有示数说明电路闭合，开关没有断开；电表示数较大，说明电路电阻太小，滑动变阻器没有调到最大阻值处；
（3）确定电压表量程、最小分度值，读出电压表示数，由欧姆定律求出电阻阻值；
（4）小亮想用等效替代法测待测电阻的电压，但根据小亮的设计，当开关S2由1拨到2时，电阻R0和Rx两端的电压不相等，小亮的设计是不合理的；
（5）利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流，根据Rx=x
求出电阻．2012年实验加试中，有一道小灯的亮暗程度与什么因素有关的练习题．小雷于是找来额定电流小于0.6A，额定电压是2.5V的灯泡，先后接在电源电压恒为4.5V的电路中，按照如图甲所示的电路开始探究．（1）在连接电路时开关应断开，滑动变阻器的滑片应放在B（选填“A”或“B”）端．（2）请你用笔画线代替导线，根据甲图所示的电路图，将图乙所示实物图连接完整．（3）小雷连接电路后闭合开关，灯泡几乎不发光，移动滑片P也不能改变灯的亮度．原因是他把滑动变阻器的A、B．（选填“A、B”或“C、D”）接线柱接入了电路．（4）小雷排除故障后，按图乙所示的电路继续进行实验．①闭合开关后移动滑片，使灯泡发光，测出灯泡的相关物理量，记录和计算结果如下表：次数电压/V电流/A实际功率/W电阻/Ω11.60.200.328.0022.50.240.6010.4232.80.260.7310.77②请将设计表格时遗漏的物理量和单位填入表格的空格处．（5）小雷注意到灯泡的亮度变化是：第二次比第一次亮，第三次比第二次更亮，结合表中数据得出的结论是：它的实际功率越大，小灯泡越亮．（6）小雷在实验结束后与同学们讨论：①有同学认为“用上表中灯泡的3次电阻的平均值代表它的电阻更准确，这种说法错误的原因是小雷忽略了温度对小灯泡电阻的影响．②有同学用这些实验器材来研究导体中的电流与电压的关系，你认为还需要如何调整？
解：（1）连接电路时，开关应处于断开状态；由实物电路图知，滑动变阻器滑片在B端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，所以闭合开关前滑动变阻器的滑片应处在B端．（2）因为灯泡的额定电流小于0.6A，所以电流表选择0～0.6A；又因为滑动变阻器已经将下面接线柱接入电路，因此将D或C与电流表0.6的接线柱相连；如图所示：（3）闭合开关，灯几乎不发光→电路电流太小→电路电阻太大，并且移动滑动变阻器滑片，灯泡亮度不改变，滑动变阻器都接下面A、B两个接线柱．（4）从表中数据可知，实际功率等于表中前两项之积，由P=UI可知，第二项数据为通过灯泡的电流/A．（5）从表中实际功率一栏可知，实际功率越来越大，因此实际功率越大，灯泡越亮．（6））①有同学认为“用上表中灯L1的3次电阻的平均值代表它的电阻更准确．”这种说法错误的原因是忽略了温度对小灯电阻的影响．②把灯泡换成定值电阻，移动滑片位置，可测出定值电阻两端的电压与流过电阻的电流，可以研究导体中的电流与电压的关系．故答案为：（1）断开；B；（3）A；B（4）②电流/A；（5）大；（6）①温度；②把灯泡换成定值电阻．（1）连接电路时，为保护电路，开关应断开；滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值．（2）根据灯泡的额定电流确定电流表的量程，然后滑动变阻器一上一下的连接方法将滑动变阻器与电流表串联即可．（3）灯泡几乎不发光，说明电路是通路，但是电流太小，并且移动串联在电路中的滑动变阻器的滑片，灯泡亮度不变，说明电路中的电阻太大，滑动变阻器又不起作用，是滑动变阻器把下面两个接线柱接入电路了．（4）根据功率的计算公式P=UI可知表中缺少的物理量．（5）灯泡的实际功率决定了灯泡的明暗程度．（6）随灯泡电压增大，灯泡的实际功率增大，灯的温度升高，电阻变大，灯泡电阻受温度的影响；把灯泡换成定值电阻后，移动滑片位置，可测出定值电阻两端的电压与流过电阻的电流，可以研究导体中的电流与电压的关系．